Загальна фізика / Практичні заняття / Методичні вказівки до практичних занять з фізики №2
.3.pdfде ~n – одиничний вектор нормалi до зарядженої площини.
Напруженiсть однорiдного поля Ec мiж двома нескiнченними зарядженими до рiвних протилежних знакiв (нескiнченний за розмiрами обкладок
плоский конденсатор) визначається як: |
|
|
|
|
|||
~ |
σ |
|
|
|
σ |
|
|
E = |
ǫ ǫ |
0 |
~n, |
E = |
ǫ ǫ |
. |
(17) |
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
~ |
|
|
|
Взаємозв’язок мiж напруженiстю E i потеецiалом ϕ електростатичного поля |
||||||||
визначається за спiввiдношенням |
|
|
|
|
||||
|
|
|
~ |
|
|
|
(18) |
|
|
|
|
E = − grad ϕ, |
|||||
|
∂ϕ |
|
∂ϕ |
|
∂ϕ |
|
||
де оператор grad = e~1 |
|
|
+ e~2 |
|
+ e~3 |
|
трансформує скалярну величину |
|
∂x |
∂y |
∂z |
~
(потенцiал поля ϕ) у векторну (напруженiсть поля E); e~i – одиничнi ортогональнi вектори, якi спрямованi вздовж декартових осей координат.
Для однорiдного поля модуль вектора напруженостi поля визначається як
E = |
ϕ1 − ϕ2 |
, |
(19) |
|
|
|r~12| |
|
|
|
де r~ – радiус-вектор мiж точками поля, в яких потенцiал поля дорiвнює ϕ |
1 |
|||
12 |
|
|
|
та ϕ2.
Для поля, яке має осьову або центральну симетрiю, модуль вектора на-
пруженостi E та рiзниця потенцiалiв |
ϕ мiж точками 1 i 2 визначаються за |
|||||
формулами |
|
|
|
|
||
|
dϕ |
|
2 |
|
|
|
E = − |
; |
ϕ = − Z |
E dr, |
(20) |
||
|
||||||
dr |
||||||
|
|
|
1 |
|
|
Електричний диполь p~ – система двох рiвних за модулем рiзноiменних
~
точкових зарядiв (+Q, −Q), вiдстань мiж якими |l| значно менша порiвняно з вiдстанню |~r| до будь-якої довiльної точки поля, в якiй розглядається дiя
диполя |
|
~ |
(21) |
p~ = |Q| · l, |
де вектор p~ називають ще електричним моментом диполя або диполь-
ним моментом ~ плечем диполя i l – .
4.3Робота поля по перемiщенню заряду, циркуляцiя вектора напруженостi поля
Робота сил електростатичного поля (як внутрiшнiх сил замкнутої системи, якi утворюють потенцiальне поле) по перемiщенню заряду Q0 iз точки
11
1 в точку 2 не залежить вiд форми траєкторiї перемiщення, а залежить лише вiд положення початкової (1) та кiнцевої (2) точок траєкторiї
2 |
|
2 |
|
2 |
|
2 |
|
|
A = Z |
(F~ d~l) = Q0 |
Z |
(E~ d~l) = Q0 |
Z |
E dl cos α = Q0 |
Z |
E dr , |
(22) |
1 |
|
1 |
|
1 |
|
1 |
|
|
~ |
|
|
|
|
|
|
~ |
~ |
де dl – елементарний вектор змiщення заряду; α – кут мiж векторами E i dl. |
||||||||
Для однорiдного електростатичного поля остання формула спроститься |
||||||||
|
|
2 |
dx = Q0 E (x2 − x1) = Q0 E d, |
|
|
|
||
|
A = Q0 E Z |
|
|
(23) |
||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
де d = x2 − x1 – вiдстань мiж точками поля 1 i 2.
Робота сил поля по перемiщенню заряду Q0 з точки поля, де потен-
цiал дорiвнює ϕ1, в точку з потенцiалом ϕ2 дорiвнює |
|
|
A = Q0 (ϕ1 − ϕ2) . |
(24) |
|
|
|
~ |
Циркуляцiєю вектора напруженостi електростатичного поля E є |
||
|
~ |
~ |
iнтеграл по замкненому контуру L скалярного добутку векторiв E i dl. Для |
||
|
|
~ |
потенцiального поля, яким є електростатичне поле, циркуляцiя вектора E |
||
дорiвнює нулю |
|
|
I |
(E~ dl)~ = 0 . |
(25) |
L
4.4Електроємнiсть
Електроємнiсть вiдокремленого провiдника C є величина, яка дорiвнює вiдношенню заряду Q, що утримається на провiднику, до потенцiалу ϕ провiдника
C = |
Q |
. |
(26) |
|
|||
|
ϕ |
|
Електроємнiсть конденсатора C залежить вiд рiзницi потенцiалiв ϕ1 −ϕ2 i визначається за формулою
|
Q |
|
C = |
ϕ1 − ϕ2 . |
(27) |
Електроємнiсть:
1) вiдокремленої провiдної кулi (вiдокремленої вiд iнших провiдникiв) радiусом R є
C = 4 π ε0 ε R; |
(28) |
12
2) плоского кондесатора з обкладками площиною S, вiдстань мiж якими дорiвнює d, є
S |
|
C = ε0 ε d . |
(29) |
Правила складання конденсаторiв в батереї, якi складаються з n
конденсаторiв:
а) при послiдовному з’єднаннi конденсаторiв загальна електроєм-
|
1 |
|
n |
1 |
|
|
|
|
нiсть Cпсл знаходиться з рiвняння |
|
= |
X |
|
|
|
|
|
Cпсл |
i=1 C i |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
||||
Cпсл = |
|
C1C2 . . . Cn |
; |
(30) |
||||
C2C3 . . . Cn + C1C3 . . . Cn + . . . + C1C2 . . . Cn−1 |
б) при паралельному з’єднаннi конденсаторiв загальна електроємнiсть Cпрл знаходиться з рiвняння
|
n |
|
|
Cпрл = |
X |
Ci . |
(31) |
|
i=1
4.5Енергiя зарядженого конденсатора, енергiя електростатичного поля
Енергiя зарядженого конденсатора Wc з електроємнiстю C, який заряджений до рiзницi потенцiалiв ϕ мiж його обкладинками i, який утримує
заряд Q, дорiвнює |
C (Δϕ)2 |
|
|
|
|
|
Q2 |
|
|
|
|
Q |
ϕ |
|
|
||||
Wc = |
|
= |
|
|
|
= |
|
. |
(32) |
2 |
|
2 |
|
2 C |
Енергiя W електростатичного поля об’ємом V , напруженiсть якого дорiвнює E, визначається за формулою
|
ǫ ǫ E2 |
|
|
|
W = |
0 |
V. |
(33) |
|
2 |
||||
|
|
|
Об’ємна густина енергiї електромагнiтного поля w (енергiя одиницi
об’єму) є |
|
|
|
||
|
W |
ǫ ǫ E2 |
|
||
w = |
|
= |
0 |
. |
(34) |
V |
2 |
4.6Постiйний струм
Сила струму (або струм) I – скалярна величина, яка визначається електричним зарядом, що проходить через поперечний зрiз провiдника за одиницю часу
I = |
dQ |
. |
(35) |
|
|||
|
dt |
|
13
Для постiйного струму |
|
||
I = |
Q |
. |
(36) |
|
|||
|
t |
|
Густина струму ~
j – векторна величина, модуль якої дорiвнює вiдношенню змiни струму dI до площини поперечного зрiзу провiдника dS, який орiєнтований перпендикулярно до напряму упорядкованого руху носiїв струму в провiднику
j = |
dI |
. |
(37) |
|
|||
|
dS |
|
Напрям вектора густини струму ~
j спiвпадає з напрямом вектора середньої швидкостi < ~v > руху носiїв струму (з напрямом нормалi ~n до пло-
щини dS ) |
dI |
|
|
|
~ |
|
~ |
|
|
j = dS |
~n |
j = N e < ~v > , |
(38) |
де N i e – вiдповiдно концентрацiя i заряд носiїв струму; ~n – одиничний вектор
нормалi до площини dS . |
|
~ |
|
|
Взаємозв’язок мiж струмом I та вектором густини струму j визначається |
||||
|
~ |
|
|
(тобто |
виразом для потоку вектора густини струму j через площину dS |
|
|||
|
~ |
~ |
|
|
iнтегралом по площинi S вiд скалярного добутку векторiв j та dS = ~n dS ) |
||||
I = Z |
(~j d~S) . |
|
|
(39) |
S
Електрорушiйна сила (ЕРС) джерела стуму ε – це величина, що дорiвнює вiдношенню роботи A, яку виконують стороннi сили, щоб подiлити заряди на додатнi та вiд’ємнi на клемах джерела струму, до величини перенесеного заряду (або A дорiвнює роботi стороннiх сил по переносу заряду Q по замкнутому колу)
|
ε = |
A |
|
. |
|
|
(40) |
|
|
Q |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|||
Закон Ома: |
|
|
|
|
|
|
|
|
а) для дiлянки кола, яка не має ЕРС |
|
|
|
|
||||
I = |
ϕ1 − ϕ2 |
= |
U |
, |
(41) |
|||
R |
R |
|||||||
|
|
|
|
ϕ1 − ϕ2 = U – рiзниця потенцiалiв (напруга) на кiнцях дiлянки кола, R – розглядуваної дiлянки кола;
б) для дiлянки кола, яка включає ЕРС, на кiнцях якої iснує рiзниця потенцiалiв ϕ1 − ϕ2
I = |
(ϕ1 − ϕ2) ± ε |
, |
(42) |
|
R + r |
||||
|
|
|
14
де ε – ЕРС джерела струму, (R + r) – повний опiр дiлянки кола, яке складається з зовнiшнього R опору та внутрiшнього r опору (опору джерела);
в) для повного кола
(43)
Правила Кiрхгофа:
а) (перший) алгебраїчна сума струмiв, що сходяться у вузлi, дорiвнює нулю
N |
|
|
X |
Ii = 0 , |
(44) |
|
i=1
де знак струму у сумi визначається за правилом – струм, що пiдтiкає, має знак плюс, струм, який витiкає з вузла, має знак мiнус, N – повне число гiлок струму, шо сходяться у даному вузлi;
б) (другий) алгебраїчна сума добуткiв струмiв та опорiв обраного кола дорiвнює алгебраїчнiй сумi всiх ЕРС
N |
|
k |
|
|
X |
I · Ri = |
X |
εk , |
(45) |
i=1 |
|
i=1 |
|
|
де Ri – опори, включаючи внутрiшнiй опiр ЕРС, якi входять в обране коло, знаки добуткiв I · Ri та знаки εi визначаються вiдповiдно до обраного нами напрямку обходу кола.
Опiр провiдника R визначається питомим опором ρ провiдника, значення якого залежить вiд матерiалу провiдника, вiд його довжини l та вiд площi S поперечного перерiзу
R = ρ |
l |
. |
(46) |
|
|||
|
S |
|
Провiднiсть провiдника G є величина, яка дорiвнює оберненiй величинi
R, а питома провiднiсть γ є оберненою до питомого опру |
|
|||||
G = |
1 |
, |
γ = |
1 |
. |
(47) |
R |
|
|||||
|
|
|
ρ |
|
Опiр системи провiдникiв R:
а) при послiдовному з’єднаннi N провiдникiв загальний опiр дорiвнює
|
N |
|
|
R = |
X |
Ri . |
(48) |
|
i=1
б) при паралельному з’єднаннi N провiдникiв загальний опiр R визна-
|
1 |
|
N |
1 |
|
чається за формулою |
= |
X |
|||
R |
i=1 |
R |
|||
|
|
||||
|
|
|
i |
R = R2 · R3 . . . RN + R1 · R3 . . . RN + . . . + R1 · R2 . . . RN −1 . (49) R1 · R2 . . . RN
15
Закон Ома у диференцiйнiй формi ~
зв’язує вектор густини струму j
|
~ |
|
та вектор напруженостi електростатичного поля E |
|
|
~ |
~ |
(50) |
j |
= γ E, |
де γ – питома провiднiсть провiдника.
Робота A та потужнiсть P струму:
а) на дiлянцi кола iз струмом I, на кiнцях якої пiдтримується рiзниця потен-
цiалiв U |
|
|
|
|
|
|
|
|
dA = I U dt, |
P = I U . |
|
|
(51) |
||
б) для дiлянки кола, яка не мiстить ЕРС |
|
|
|
|
|||
dA = I2 |
|
U 2 |
P = I2 R = |
U 2 |
|
||
R dt = |
|
dt, |
|
. |
(52) |
||
|
|
||||||
|
|
R |
|
R |
|
Закон Джоуля-Ленца визначає кiлькiсть теплоти dQ, яка видiляється
в провiднику опором R, по якому тече струм I, за час |
t |
|||
dQ = I U dt = I2 |
|
U 2 |
|
|
R dt = |
|
dt . |
(53) |
|
|
||||
|
|
R |
|
Задача №1. Двi кульки по 0,2 г кожна пiдвiшенi на тонких шовкових нитках довжиною 0,5 м кожна так, що їх поверхнi торкаються одна одної. Пiсля того, як кульки зарядили однаковими за величиною електричними зарядами, вони вiдштовхнулися одна вiд одної i розiйшлися на вiдстань r = 5 см мiж їх центрами. Визначити величину зарядiв кожної кульки (ǫ = 1).
m |
= |
0, 2 г |
m |
= |
0, 2 · 10−3 кг |
l |
= |
0, 5 м |
l |
= |
0, 5 м |
r = |
5 см |
r = |
5 · 10−2 м |
||
ǫ |
= |
1 |
ǫ |
= |
1 |
ǫ0 = 8, 85 · 10−12 Кл2/(Н · м2) |
ǫ0 |
= 8, 85 · 10−12 Кл2/(Н · м2) |
|||
|
|
|
q |
= |
? |
|
|
|
|
|
|
Якщо кульки розiйдуться пiд дiєю сил Кулона, на кожну з них дiють три
~ |
~ |
~ |
сили: сила ваги P |
= m~g, сила Кулона Fq та сила натягу нитки T . |
Оскiльки зарядженi кульки пiсля того як розiйшлися знаходяться в станi спокою, то рiвнодiюча всiх сил (згiдно з другим законом Ньютона), що дiє на кульку, повинна дорiвнювати нулю (рис. 2).
За умовою задачi кут α вiдхилення нитки вiд вертикального положення
малий (l >> r). Тому можна записати: |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
sin α |
|
|
l/2 |
|
Fq |
|
||
tan α = |
|
≈ sin α |
або |
|
|
= |
|
. |
(54) |
cos α |
r |
P |
16
Звiдки визначимо модуль кулонiвської сили Fq вiдштовхування кульок |
|
||||
Fq = |
P · r |
= |
m g r |
. |
(55) |
2 l |
|
||||
|
|
2 l |
|
За законом Кулона модуль сили вiдштовхування кульок (яка може виникати лише у випадку, коли кульки мають однаковi за знаком заряди), дорiвнює:
Fq = |
q1 · q2 |
= |
q2 |
. |
(56) |
|
4 π ǫ0 r2 |
||||||
|
4 π ǫ0 r2 |
|
|
|
Порiвнявши правi частини виразiв (54, 55) отримаємо рiвняння для знаход-
ження r |
|
|
|
m g r |
|
|
|
q2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
(57) |
||
|
|
|
|
|
|
2 l |
4 π ǫ0 r2 |
|
|
|
|
|
|||||||
Звiдки заряд q дорiвнює: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
q = v |
|
|
|
= v |
|
|
|
|
|
|
(58) |
||||||
|
|
m g r 4 π ǫ0 r2 |
|
4 π ǫ0 m g r3 . |
|
||||||||||||||
|
|
u |
|
|
|
2 l |
|
|
|
u |
|
|
2 l |
|
|
|
|
|
|
|
|
u |
|
|
|
|
|
|
u |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пiсля пiдстановки числових значкнь отримаємо |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
q = v |
|
|
|
= 5, 2 |
|
10−9 [Кл]. (59) |
|||||||||||||
|
4 · 3, 14 · 0, 2 · 10−3 · 9, 8 · (5 · 10−2)3 · 8, 85 · 10−12 |
|
|||||||||||||||||
u |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
· |
|
u |
|
|
2 |
|
0, 5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
t |
|
|
|
|
· |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Перевiремо розмiрнiсть вiдповiдi |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
[q] = v |
|
|
|
= v |
|
|
|
||||||||
|
кг · м/с2 |
· м3 · Кл2/(Н · м2) |
|
кг · м · м3 · Кл2 |
= Кл . (60) |
||||||||||
u |
|
|
м |
u |
с |
2 |
|
м |
|
Н |
|
м |
2 |
|
|
u |
|
|
u |
|
· |
· |
· |
|
|
||||||
t |
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
Вiдповiдь: q = 5, 2 · 10−9 Кл.
Задача №2. Два точкових заряда q1 = 2 · 10−7 Кл i q2 = −4 · 10−7 Кл розташованi на вiдстанi d = 10 см один вiд одного. Визначити напруженiсть електростатичного поля та iндукцiю в точцi A, яка знаходиться на вiдстанi r1 = 20 см вiд одного i r2 = 15 см вiд другого заряду.
q1 = |
2 · 10−7 Кл |
q1 |
= |
2 · 10−7 Кл |
|
q2 |
= |
−4 · 10−7 Кл |
q2 |
= |
−4 · 10−7 Кл |
d |
= |
10 см |
d |
= |
10 · 10−2 м |
r1 = |
20 см |
r1 |
= |
20 · 10−2 м |
|
r2 = |
15 см |
r2 |
= |
15 · 10−2 м |
|
ǫ |
= |
1 |
ǫ |
= |
1 |
ǫ0 |
= 8, 85 · 10−12 Кл2/(Н · м2) |
ǫ0 |
= 8, 85 · 10−12 Кл2/(Н · м2) |
||
|
|
|
EA |
= |
? |
|
|
|
DA |
= |
? |
17
Згiдно з принципом суперпозицiї, напруженiсть електростатичного поля в точцi A дорiвнює векторнiй сумi полiв, якi утворюються точковими зарядами q1 i q2
~ ~ |
~ |
(61) |
EA = E1 |
+ E2. |
|
~ |
|
|
Модуль вектора EA визначимо з трикутника ABC (рис. 3) |
|
|
EA2 = E12 + E22 − 2 · E1 E2 · cos ϕ. |
(62) |
Модулi векторiв наруженостей полiв E1 i E1, якi утворюються в точцi A точковими зарядами q1 i q2 вiдповiдно на вiдстанях r1 i r2, дорiвнюють:
E1,2 = |
1 |
|
|
|
|
q1,2 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(63) |
||||
4 π ε ε0 |
|
(r1,2)2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
З трикутника AKL, який подiбний трикутниковi ABC, отримаємо, що |
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
cos ϕ = |
r12 + r22 − d2 |
. |
|
(64) |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 r1 r2 |
|
|
|
|
|
||||
|
Пiсля пiдстановки (62) i (63) у вираз (61) |
|||||||||||||||||||||||
|
отримаємо |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
EA = |
|
|
1 |
|
|
× |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 π εε0 |
|
|
|
|
||||||||||
|
v |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
q12 |
|
|
q22 |
|
|
q1 |
|
q2 |
|
(r12 + r22 |
|
d2) |
. (65) |
|||||||||
|
|
|
4 |
+ |
|
4 |
|
|
|
· |
|
|
· |
|
3 |
|
|
3 |
− |
|
||||
|
u |
r |
|
− |
|
|
|
r |
|
r |
|
|
|
|||||||||||
|
×u r |
1 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
2 |
|
|
|
|
||||||
|
u |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
· |
|
|
|
|
|
||||||
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вiдомо, що вектор електростатичної iндукцiї D дорiвнює
~ |
~ |
(66) |
D = ε ε0 |
E. |
Тому модуль вектора електростатичної iндукцiїї DA в заданiй точцi A поля дорiвнює
D |
= |
1 |
v |
|
q12 |
+ |
q22 |
|
q1 |
|
q2 |
|
(r12 + r22 |
|
d2) |
|
. |
(67) |
||||||
|
|
|
|
|
· |
|
· |
|
3 |
|
|
3 |
− |
|
||||||||||
A |
|
|
u |
4 |
|
r |
4 |
− |
|
|
r |
|
r |
|
|
|
|
|||||||
|
|
4 π u r |
1 |
|
2 |
|
|
|
|
1 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
u |
|
|
|
|
|
|
|
|
· |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пiдставивши числовi значення, отримаємо |
|
|||
EA = 6, 2 |
· 104 |
[В/м], |
DA = 1, 09 · 10−6 hКл/м2i . |
(68) |
Вiдповiдь: EA = 6, 2 |
· 104 |
В/м та DA = 1, 09 · 10−6 Кл/м2. |
|
18
Задача №3. Два тонких проводи розмiщенi паралельно на вiдстанi d один вiд одного i зарядженi рiвномiрно рiзнойменними зарядами з лiнiйною густиною +τ i −τ . Визначити
~
напруженiсть поля E в точцi симетрiї на вiдстанi l вiд площини, в якiй розмiщенi провiдники.
d l
±τ
~
E = ?
~
Напруженiсть електростатичного поля E в шуканiй точцi C (рис. 4) визначається згiдно з принципом суперпозицiї полiв як векторна сума напружено-
~ |
~ |
|
|
стей полiв E1 |
i E2, якi утворюються окремо кожним з двох нескiнченних |
||
рiвномiрно заряджених провiдникiв |
|
|
|
|
~ ~ |
~ |
(69) |
|
E = E1 |
+ E2 . |
Модуль вектора напруженостi поля, яке утворюється одним з провiдникiв згiдно з теоремою Остроградського-Гауса, дорiвнює:
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
~ |
|
|
|
|
|
τ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
√ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|E1,2| = |
2 π ε ε0 R |
, |
|
|
|
|
|
|
(70) |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 l |
2 |
+ d |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
де R = |
|
|
|
|
– найкоротша вiдстань вiд зарядженого провiдника до |
||||||||||||||||||||||
|
|
2 |
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
точки C (рис. 4). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
~ |
|
|
|
|
|
|||
Виходячи з рис. 4, модуль сумарного вектора E дорiвнює алгебраїчнiй сумi |
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
~ |
|
|
~ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
~ |
|
||
проекцiй векторiв E1 та E2 |
на напрям шуканого вектора E, який паралельний |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
~ |
зi стороною AB трикутника ABC (рис. 4). Тобто модуль вектора E дорiвнює |
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
~ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
τ cos α |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
√ |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
| |
E |
| |
= 2 |
· |
E1 |
· |
cos α = |
|
|
2 |
|
2 |
. |
(71) |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
π ε ε0 · |
|
|
|
4 l |
|
+ d |
|
|
|
|||||
З трикутника ACB маємо, що |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
cos α = |
√ |
|
d |
|
. |
|
|
|
|
|
|
(72) |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 l2 + d2 |
|
|
|
|
||||||||||||
Пiдставляючи (71) в (70), отримаємо |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
~ |
|
|
|
|
|
τ d |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|E| = |
π ε ε0 (4 l2 + d2) |
. |
|
|
|
|
(73) |
19
τ d
Вiдповiдь: E = π ε ε0 (4 l2 + d2)
Задача №4. Кiльце з тонкого дроту рiвномiрно заряджене зарядом Q = 2 · 10−8 Кл. Радiус кiльця R = 5 см. Визначити потенцiал ϕ у центрi кiльця i потенцiал ϕ1 у точцi, яка розташована на перпендикулярi до площi кiльця на висотi h = 10 см вiд площi кiльця.
Q = 2 · 108 см2 |
Q = 2 · 108 см2 |
||||
R |
= |
5 см |
R = 5 · 10−2 м |
||
h |
= |
10 см |
h |
= |
10 · 10−2 см |
|
|
|
ϕ |
= |
? |
|
|
|
ϕ1 |
= |
? |
Виходячи з принципу суперпозицiї полiв, потенцiал поля в точцi B (рис. 5) вiд зарядженого кiльця визначається як алгебраїчна сума елементарних потенцiалiв d ϕ, якi утворюються зарядженим нескiн-
ченно |
малим елементом d x |
довжини |
|||
кiльця. |
|
|
|
||
Кiльце заряджено рiвномiрно i густина |
|||||
заряду τ кiльця є |
|
|
|
||
Рис. № 4: |
|
τ = |
Q |
, |
(74) |
|
|||||
|
|
|
2 π R |
|
|
a елементарний заряд d Q елементу d x кiльця буде |
|
|
|
||
d Q = τ d x = |
Q d x |
. |
|
|
(75) |
|
|
|
|||
|
2 π R |
|
|
|
Кожний елемент d Q заряду кiльця, заряд якого можна вважати точковим, утворює елементарний потенцiал d ϕ в довiльнiй точцi поля на вiдстанi l вiд точкового елементарного заряду d Q, який, згiдно з теоремою Остроградського-Гауса, дорiвнює
|
d Q |
|
Q d x |
|
|
d ϕ = |
|
= |
|
. |
(76) |
4 π ε ε0 l |
8 π2 ε ε0 R l |
Згiдно з принципом суперпозицiї полiв, потенцiал поля ϕ в точцi B (рис. 5) дорiвнює сумi всiх елементарних потенцiалiв d ϕi, якi утворюються елемен-
20