ФАН / Методички / МЕРА. ИНТЕГРАЛ ЛЕБЕГА / Tema 2
.pdfТема 2. ЛЕБЕГОВСКОЕ ПРОДОЛЖЕНИЕ МЕРЫ. МЕРА В Rn
Пусть задано множество X и S ½ P(X) – полукольцо его подмно• жеств, на котором задана мера m.
О п р е д е л е н и е 1. Мера ¹, заданная на кольце K называется про• должением меры m, если S ½ K и для всех A 2 S выполняется равен• ство ¹(A) = m(A).
Теорема 1. Пусть m – мера на полукольце S ½ P(X) и K(S)минимальное кольцо, порожденное S. Тогда на K(S) существует единственная мера ¹, являющаяся продолжением меры m. Если мера m на полукольце S ½ P(X) является ¾-аддитивной, то ее продол• жение также ¾-аддитивная мера.
Пусть K ½ P(X) – алгебра подмножеств множества X, m – ¾-ад- дитивная мера на K.
О п р е д е л е н и е 2. Внешней мерой множества A ½ X называет•
ся число |
|
|
|
|
1 |
¹¤(A) = |
|
|
|
|
|
S |
inf |
|
|
m(Aj); |
|
A |
1 |
Aj;Aj |
½ |
K |
=1 |
|
|||||
|
½j=1 |
|
Xi |
где нижняя грань берется по всевозможным конечным или счетным покрытиям множества A элементарными множествами Aj .
Св о й с т в о 1. Если A ½ K, то ¹¤(A) = m(A).
Св о й с т в о 2. Для всех A ½ X ¹¤(A) > 0 и ¹¤(?) = 0.
Св о й с т в о 3. Для всех A; B ½ X и A µ B справедливо нера• венство ¹¤(A) 6 ¹¤(B).
Св о й с т в о 4. Внешняя мера счетно-полуаддитивна, т. е. для всех B1; B2; ¢ ¢ ¢ µ X имеет место неравенство:
¹¤ Ã[1 Bk! 6 X1 ¹¤(Bk):
k=1 k=1
1
С в о й с т в о 5. Для всех A; B; C ½ X
¹¤(A 4 B) 6 ¹¤(A 4 C) + ¹¤(B 4 C):
С в о й с т в о 6. Для любых A; B ½ X
j¹¤(A) ¡ ¹¤(B)j 6 ¹¤(A4B):
О п р е д е л е н и е 3. Внутренней мерой множества A ½ X назы•
вается число
¹¤(A) = ¹(X) ¡ ¹¤(A):
Для всех A ½ X имеет место неравенство ¹¤(A) 6 ¹¤(A). Пусть m – полная, счетно-аддитивная, конечная мера.
О п р е д е л е н и е 4. Множество A ½ X называется измеримым по Лебегу относительно меры m, заданной на алгебре множеств K, если выполняется равенство
¹¤(A) + ¹¤(XnA) = ¹(X):
Совокупность измеримых множеств обозначим §. Для измеримого по Лебегу множества определим меру
¹(A) = ¹¤(A); A 2 §:
Теорема 2 (критерий измеримости множества). Пусть задано пространство (X; §; m). Тогда для всех A ½ X следующие утверждения эквивалентны:
1.измеримо по Лебегу относительно меры m;
2.для любого " > 0 существует B 2 K такое, что
¹¤(A 4 B) < ":
Следствие 1. Множество A ½ X измеримо, если для всех " > 0 существует измеримое множество B такое, что ¹¤(A4B) < ".
Теорема 3 (о ¾-алгебре измеримых множеств). Совокупность
§ измеримых по Лебнгу множеств образует ¾-алгебру множеств, содержащую исходную алгебру K. Сужение ¹ внешней меры ¹¤ на измеримые множества является мерой на §.
2
Следствие 2. Счетное пересечение измеримых множеств измери•
мо.
Мера m, заданная на алгебре K, называется полной, если из A 2 K; B ½ A и ¹(A) = 0 следует, что B 2 K и m(B) = 0.
Одним из важнейших примеров меры является мера Лебега на числовой прямой.
Пусть X = [a;b) – некоторый фиксированный полуинтервал пря• мой, S ½ P(X) полукольцо, состоящее из полуинтервалов [®; ¯) ½ X. Пусть K – алгебра подмножеств, порожденная полукольцом S, каж•
дый элемент которой имеет вид A = `n
j=1
валы в правой части попарно не пересекаются. Через m обозначим меру на алгебре K, полученную продолжением меры с полукольца,
Pn (¯j ¡ ®j). Для произвольного множества A ½ [a;b)
|
|
j=1 |
|
|
|
1 |
(¯j ¡ ®j), где точная ниж• |
определим внешнюю меру ¹¤(A) = inf |
|||
|
|
=1 |
|
няя грань берется по всем таким наборамjP |
полуинтервалов [®; ¯), что |
||
A ½ |
S |
[®k; ¯k). Множество A ½ X называется измеримым по Лебе• |
k
гу, если ¹¤(A) + ¹¤(XnA) = b ¡ a. Таким образом, мерой Лебега ¹ на отрезке называется лебеговское продолжение длины.
Рассмотрим измеримые по Лебегу линейные ограниченные множе• ства:
1.Множество, состоящее из одной точки, измеримо и его мера рав• на нулю;
2.Всякое не более чем счетное ограниченное множество точек пря• мой измеримо и его мера равна нулю;
3.Любой промежуток измерим и его мера равна его длине;
4.Любое ограниченное открытое или замкнутое множество измери• мо по Лебегу;
5.Любое ограниченное борелевское множество на прямой измеримо по Лебегу.
Часто приходится рассматривать меры, которые могут принимать и бесконечные значения. Ограничимся случаем ¾-конечных мер.
3
О п р е д е л е н и е 5. Мера ¹, принимающая бесконечные значения, называется ¾-конечной, если существует последовательность множеств A1; A2; ¢ ¢ ¢ 2 K такая, что A1 µ A2 µ : : : ; ¹(Ai) < +1 для всех i и
[1
X = Ai:
i=1
Если мера ¹, заданная на алгебре K подмножеств X, ¾-конечна, то X можно представить в виде объединения счетной системы попарно непересекающихся множеств конечной меры.
Рассмотрим теорию измеримости по Лебегу для произвольных (да• же неограниченных) множеств на прямой. Длина как мера на R явля• ется ¾-конечной, потому что
1 |
1 |
[ |
G |
R = [¡n;n) = |
[n;n + 1): |
n=1 |
n=¡1 |
О п р е д е л е н и е 6. Множество A µ R называется измеримым по Лебегу, если для всех n 2 N измеримо по Лебегу ограниченное множе• ство A T[¡n;n) или A T[n;n + 1).
Совокупность всех измеримых подмножеств R обозначим §. Обо• значим через An = A T[n;n + 1). Тогда A = `1 An и ¹(A) = P1 ¹(An).
n=1 |
n=1 |
Если ряд расходится, то ¹(A) = 1.
Утверждение 1. Совокупность § всех измеримых по Лебегу подмножеств R является ¾-алгеброй.
Утверждение 2. Введенная функция ¹(A) является ¾-конечной мерой на ¾-алгебре всех измеримых множеств на R.
Пусть, как и при построении меры Лебега, X = [a;b) – фиксиро• ванный полуинтервал, S ½ P(X) – полукольцо, порожденное систе• мой полуинтервалов [®;¯) µ [a;b). Пусть на [a;b) задана неубывающая ограниченная функция F (x). Определим меру элемента полукольца
mF ([®;¯)) = F (¯) ¡ F (®):
4
Теорема 4. Для того, чтобы мера mF была ¾-аддитивной, необ• ходимо и достаточно, чтобы порождающая ее функция F (x) была непрерывной слева.
Пусть K(S) – кольцо, порожденное полукольцом с единицей S. Тогда для всех A 2 K(S) имеет место представление:
n(A) |
n(A) |
ai |
a |
A = [®i;¯i) = |
Ai; Ai 2 S: |
=1 |
i=1 |
Соответствующее продолжение меры на K(S) задается формулой
Xn
mF (A) = mF (Ai):
i=1
Пусть ¹¤F внешняя мера, построенная по мере mF , заданной на алгебре K. Продолжение меры mF на ¾-алгебру § измеримых отно• сительно меры mF множеств называется мерой Лебега-Стилтьеса, по• строенной по неубывающей функции F .
Очевидно, что ¹F конечная полная мера. Если F (x) = x, то мера Лебега-Стилтьеса совпадает с мерой Лебега ¹.
ПРИМЕРЫ РЕШЕНИЯ ЗАДАЧ
П р и м е р 1. Пусть X = [0;1[£[0;1[; S – полукольцо прямоуголь• ников, принадлежащих X, вида Tab = [a;b) £ [0;1). Определим меру таких прямоугольников как©их площадь m(Tab) = b ¡ aª. Найти внеш• нюю меру множества A = (x;y) 2 X : 0 6 x 6 1; y = 12 и выяснить, является ли оно измеримым. Описать явный вид лебеговского продол• жения меры.
Р е ш е н и е. По определению внешняя мера A
¹¤(A) = |
|
|
|
|
1 |
S |
inf |
|
|
m(Ak); |
|
A |
1 |
Ak;Ak |
½ |
S |
=1 |
|
½k=1 |
|
Xk |
где любой элемент полукольца S имеет вид Ak = [ak; bk[£[0;1[, т. е. полностью определяется своей проекцией на ось OX. Чтобы покрыть
5
множество A элементами Ak, необходимо и достаточно покрыть про• екцию этого множества на ось OX полуинтервалами [ak;bk[. Поэтому внешняя мера множества A в данном случае совпадает с внешней ме• рой проекции этого множества на ось OX.
¹~¤(POXA) = ¹~¤([0;1]) = ¹~¤([0;1[) = m([0;1[) = 1, ¹~¤(XnA) = ¹~¤([0;1]) = ¹~¤([0;1[) = m([0;1[) = 1,
¹~¤(A) = ¹~¤(POXA) = 1; ¹~¤(XnA) = ¹~¤(POX(XnA)) = 1; ¹~¤(A) + ¹~¤(XnA) = 2 6= ¹¤(X) = m(X) = 1.
Следовательно, множество A неизмеримо.
Из приведенных выше рассуждений видно, что множество B ½ X будет измеримым тогда и только тогда, когда оно будет иметь вид ¯ £ [0;1) и ¯ ½ [0;1) измеримо по Лебегу.
П р и м е р 2. Пусть X = [0;1[£[0;1); полукольцо S = f[a;b) £ [c;d) ½ Xg и мера m([a;b) £ [c;d)) = (b ¡ a)(d ¡ c). Вычислить внутрен• нюю и внешнюю меры множества
A = f(x;y) 2 R2 : 0 6 y < 1 ¡ x; 0 6 x < 1g:
Р е ш е н и е. По определению внешней меры имеем
A |
1 Ak;Ak |
|
S k=1 |
|
k |
|
|
½ k=0 ·n n |
|
· £ |
·0 1 ¡ n· |
|
||||||||||
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
n¡1 |
|
k |
|
k + 1 |
|
|
k |
|
|||
¹¤(A) = |
inf |
|
|
X |
m(A ); |
A |
|
|
a |
|
|
; |
|
|
|
|
; |
|
; |
|||
|
S |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
½k=1 |
½ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
т. е. прямоугольники Akn = |
nk ;k+1n |
£ 0;1 ¡ nk |
|
, где k = 0; 1; 2; : : : ; n¡1, |
||||||||||||||||||
образуют для каждого |
n покрытие множества A. Имеем: |
|
|
|
||||||||||||||||||
|
£ |
|
£ |
£ |
|
|
|
|
£ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
¹¤(A) 6 k=0 m(Akn) = k=0 |
n µ1 ¡ n¶ |
= Sn: |
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
n¡1 |
|
|
|
n¡1 |
1 |
|
|
|
|
k |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
X |
|
|
|
X |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Величина Sn является верхней суммой Дарбу для функции f(x) = 1¡x на отрезке [0;1), соответствующей разбиению отрезка на n частей. Для функции f существует интеграл Римана, поэтому
Z1
n!1
1 lim Sn = f(x) dx = 2:
0
6
Переходя к пределу при |
n |
! 1 в |
неравенстве ¹¤(A) |
6 |
S |
, которое |
||||||
|
|
1 |
|
n |
|
|||||||
выполняется для всех n, получим ¹¤(A) 6 2. |
|
|
|
|
||||||||
С другой стороны, внешняя мера дополнения XnA множества |
||||||||||||
A ¹¤(XnA) 6 21, так как XnA ½ n¡1 |
nk ;k+1n |
£ 0;1 ¡ nk |
. Поэтому |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
=0 |
£ |
¢ £ |
|
¢ |
|
n¡1 |
1 |
¡ |
k+1 |
¢ |
|
|
k` |
|
|
|||
kP |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
¹¤(XnA) 6 |
n 1 ¡ |
n . Следовательно, |
|
|
|
|
||||||
=0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
¹¤(A) = m(X) ¡ ¹¤(XnA) > 1 ¡ 12 = 12:
Откуда вытекает, что 12 6 ¹¤(A) 6 ¹¤(A) 6 12.
П р и м е р 3. Пусть X = [¡1;1); S – полукольцо, S = f[a;b) ½ Xg; F : X ! R неубывающая непрерывная слева на функция. Опреде• лим на S меру Лебега-Стилтьеса равенством: ¹F ([a;b[) = F (b) ¡ F (a).
Описать класс измеримых подмножеств из X, найти меру Лебега•
Стилтьеса каждого множества A, если |
|
||
F (x) = |
0; ¡1 6 x 6 0; |
||
½ |
1; 0 < x 6 1: |
||
Р е ш е н и е. Из определения меры ¹F |
на полукольце S следует, что |
||
¹F ([®;¯)) = 0, если полуинтервал |
не содержит точку x = 0, и |
||
¹F ([®;¯)) = 1, если 0 2 [®;¯). Распространим меру ¹F на минимальное |
|||
|
n(A) |
|
|
|
i` |
Ai; Ai = [®i;¯i). Поэтому если |
|
кольцо K(S). Если A 2 K(S), то A = |
|
||
|
=1 |
|
0 62A, то 0 62[®i;¯i) для всех i = 1;n(A) и ¹F (A) = nP(A) ¹F (Ai) = 0.
i=1
Если 0 2 A, то найдется только один полуинтервал [®i0;¯i0) содержа• щий x = 0, с мерой 1, и ¹F (A) = 1 = nP(A) ¹F (Ai). Следовательно,
i=1
мера каждого элемента кольца равна либо 0, либо 1. Поскольку F (x) непрерывна слева, то ¹F – аддитивна и допускает продолжение.
С этой целью найдем вначале внешнюю меру A 2 P(X). По определению
¹F¤ (A) = |
|
|
|
|
1 |
S |
inf |
|
|
mF (Ak); |
|
A |
1 |
Ak;Ak |
½ |
S |
=1 |
|
½k=1 |
|
Xk |
7
где нижняя грань берется по всем конечным или счетным покрытиям
множества A элементами Ak полукольца S. |
|
kS £ |
|
¢ |
|||||
Если A = |
1 |
|
1 |
|
|
|
|||
(0;1), то, рассматривая покрытия (0;1) |
= |
1 |
1 |
;1 , |
|||||
|
|
|
|
|
|
=1 |
k |
|
|
|
kP |
£ |
|
¢ |
|
|
|
||
имеем ¹F¤ ((0;1)) |
|
> ¹ |
(A), то |
||||||
= |
¹F |
k |
;1 = 0. Поскольку ¹¤(A) |
||||||
|
=1 |
|
|
|
¤ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A = (0;1) измеримо относительно меры ¹F и его мера равна нулю. В силу полноты меры будет измеримым и любое подмножество интервала (0;1) и его мера будет также равна нулю.
Если рассмотреть одноточечное множество A = 0, то для каждого его покрытия SAk множествами Ak 2 S имеется хотя бы одно из них,
k |
P¹F (Ak) > 1 и ¹F¤ (A) > 1. Далее, |
содержащее точку x = 0. Поэтому |
k
пользуясь покрытием [¡1;1[¾ f0g, получаем, что ¹¤F (A) 6 1. Таким
образом, ¹¤F (A) = 1.
Рассмотрим теперь произвольное множество A 2 P(X). Из свойств монотонности внешней меры следует, что ¹¤F (A) = 0, если A ½ (0;1) или A ½ [¡1;0). Если же f0g ½ A, то ¹¤F (A) > 1. Рассматри• вая в этом случае покрытие [¡1;1), имеем ¹¤F (A) 6 1. Следовательно,
если f0g ½ A, то ¹¤F (A) = 1.
Покажем теперь, что произвольное множество измеримо относи• тельно меры Лебега–Стилтьеса. Действительно, A ½ (0;1) или A ½ [¡1;0), то ¹¤F (A) = 0 и оно измеримо. Если же f0g ½ A, то из неравен•
ства ¹¤F (A 4 [¡1;1)) = ¹¤F ((An[¡1;1)) [ ([¡1;1)nA)) = 0 < ", справед• ливого для каждого " > 0, заключаем, что множество ¹F -измеримо,
¹F (A) = 1.
П р и м е р 4. Каково строение и какая мера точек отрезка [0;1], десятичное представление которых возможно без цифр 4 и 5.
Р е ш е н и е. Это множество строится следующим образом: делим от• резок [0;1] на десять равных частей и выбрасываем полуинтервал [0:4; 0:6]. Затем каждый из оставшихся восьми полуинтервалов делим на десять равных частей и выбрасываем в каждом из них соответству• ющий полуинтервал [0;n14; 0;n16[, где n1 = 0; 1; 2; 3; 6; 7; 8; 9 и т. д. Дан• ное множество нигде не плотно, каждая его точка является предельной, т. е. множество является совершенным. Вычислим меру выбрасывае• мых промежутков, посчитав тем самым меру дополнения к искомому
8
множеству: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
m(G) = |
|
2 |
+ 8 |
|
2 |
+ 8 |
2 2 |
+ ¢ ¢ ¢ + 8 |
k |
2 |
+ ¢ ¢ ¢ = 1: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
10 |
102 |
103 |
|
10k+1 |
Следовательно, мера точек отрезка [0;1], десятичное представление которых возможно без цифр 4 и 5, равна 0.
П р и м е р 5. Найти меру множеств
1) A = n=1 |
µn ¡ |
20 |
;n + |
20¶; 2) A = |
|||||
1 |
1 |
|
1 |
1 |
|
1 |
|
||
[ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
[1 · ¸
n=1
nn;nn + 1 nQ: ln (n + 1)
Р е ш е н и е. 1) Представим множество A в виде объединения попар• но непересекающихся интервалов. Для этого выясним, начиная с ка• кого номера n интервалы будут пересекаться. Заметим, что ¹(An) =
¹ |
n1 ¡ |
1 |
; n1 + |
1 |
= |
1 |
для всех n, и поэтому интервалы не могут быть |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
20 |
20 |
10 |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
вложены друг в друга. Решая неравенство |
1 |
|
|
|
1 |
|
|
< |
|
|
1 |
|
+ |
1 |
, нахо• |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
20 |
|
|
|
n+1 |
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
¡ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
¢ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
n |
|
|
|
|
|
|
20 |
|
|
|
||||||||||
дим |
n |
> |
3 Поэтому представим |
|
в виде B ¡ B |
2 [ |
|
B |
, где B |
|
= |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
1 |
|
.1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
19 |
21 |
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
1 |
1 |
[1 |
|
|
|
|
|
193 |
11 |
|
|
|
1 |
|
|||||||||||||||||||
¡ |
|
¡1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
¢ |
= |
1¡ |
|
23 |
20 |
¢ |
B2 |
= |
¡ |
2 |
¡ 3 |
; 2 |
+ |
|
|
¢ |
|
|
1 |
|
¡ |
1 |
|
20 |
¢23 |
19 |
= |
||||||||||||||||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
1 |
|
|
20 |
; 1 + |
20 |
|
|
|
|
|
20; |
|
|
|
20 |
20 |
|
|
= |
|
|
20; |
|
|
B3 |
|||||||||||||||||||||||||||||
¡ |
|
|
|
|
|
|
|
|
¢ |
|
|
|
¡ |
1 |
|
|
¢ |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
kP |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
¡ |
20 |
; 3 |
+ |
20 |
|
|
= |
¡ |
|
20 |
; 60 |
, тогда ¹(A) = |
=1 |
¹(Bk) = |
10 |
+ |
|
10 |
+ 60 = 30. |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
2) Пусть B = n=1 hnn; nn + |
|
|
|
i. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
ln (n+1) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
Множество |
борелево и поэтому измеримо. Множество рациональ• |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
S |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
ных |
|
чисел |
|
Q числовой |
прямой счетно и имеет меру |
|
нуль, |
значит |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
¹(B) = ¹(A). Множества Bn = |
n |
|
|
|
n |
|
|
|
1 |
|
|
; n 2 N, – непересека• |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
n |
; n |
|
+ |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
ln (n+1) |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
ющиеся при любом |
n |
|
|
N. |
Согласно свойству ¾-аддитивности меры |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
2 |
|
|
h |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
i |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
¹(A) = n=1 ¹ µ·nn; nn + ln (n1+ 1) |
¸¶ = n=1 ln (n1+ 1) = 1: |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
X |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
X |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
Таким образом, ¹(A) = 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
П р и м е р 6. Вычислить меру множества А: |
|
|
|
¾ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A = ½(x;y) 2 R2 : x 2 R; 0 < y < a2 + x2 |
; |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где a > 0 – фиксированное число.
9
Р е ш е н и е. Множество A ½ R2 открыто и поэтому измеримо. Мно• жество рассматривается в пространстве с ¾-конечной мерой, поэтому построим возрастающую последовательность множеств An " A;
A = ½(x;y) 2 R2 : x 2 [n;n); 0 < y < a2 ¾: a2 + x2
Тогда ¹(A) = lim ¹(An). |
|
|
|
|
||||||
|
Z |
n!1 |
= a2 a arctg a¯ |
|
||||||
¹(An) = |
|
a2 + x2 |
n |
|||||||
|
|
n |
|
|
x n |
|
||||
|
|
|
|
a2dx |
1 |
|
||||
|
¡ |
n |
|
|
|
|
|
|
¯¡ |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
¯ |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
¯ |
|
µ |
|
a ¡ |
|
a |
¶ |
|
= a |
arctg |
n |
|
arctg |
¡n |
; |
|
|
n!1 |
n |
n!1 |
µ |
|
a ¡ |
|
a |
¶ |
|
¹(A) = lim ¹(A |
) = lim a |
|
arctg |
n |
|
arctg |
¡n |
= a¼: |
|
|
|
|
Задание 1. Пусть X = [¡1; 1[£[¡1; 2); S = f[a; b) £ [¡1; 2) ½ Xg; m(AS) = 3(b ¡ a). Найти внешнюю и внутреннюю меры множеств и
выяснить, измеримы ли они.
1.1. A = ©(x;y) 2 X : x2 + y2 < 1ª;
1.2. A = f(x;y) 2 X : x + y = 1g ;
1.3. A = f(x;y) 2 X : x + y < 1g ;
1.4. A = f(x;y) 2 X : xy < 1g ; |
|
|
1.5. A = f(x;x) 2 X : ¡1 6 x < 1g ; |
; |
|
1.6. A = ½(x;y) 2 X : 0 6 x 6 2 |
; 0 < y < 1¾ |
|
1 |
|
|
1.7.A = f(x;y) : x; y 2 Qg ; Q – множество рациональных чисел;
1.8.A = f(x;x) 2 X : x 2 [0;1] \ Qg ;
1.9.A = f(y;y) 2 X : y 2 [¡1;1]nQg ;
1.10.A = f(x;y) 2 X : x + y > 1g ;
1.11.A = f(x;y) 2 X : x 2 [0;1]nQ; y 2 [0;1]nQg ;
1.12.A = f(x;y) 2 X : x = 0g ;
1.13.A = f(x;y) 2 X : y = 0g ;
½· ¸ ¾
1.14.A = (x;y) 2 X : x 2 1 ; y 2 [1;2] :0;
2
Задание 2. Описать структуру множества A ½ [0;1] и найти его меру.
10