методичка з фізики
.pdfЗадача 2. Через блок у вигляді суцільного однорідного диска масою 1 кг перекинута невагома і нерозтяжна нитка, до кінців якої підвішені вантажі масами 2 та 3 кг. Знайти прискорення руху вантажів та силу натягу
нитки. |
|
|
|
|
|
Дано: |
|
Розв’язання. Сили, що діють на вантажі, а також вибраний |
|||
|
|||||
m = 1 кг |
|
напрямок координатної осі 0y показано на рис.2. |
|||
m1 = 2 кг |
|
Згідно з другим законом Ньютона, запишемо |
|||
m2 = 3 кг |
|
рівняння руху для кожного вантажу: |
|
|
|
|
|
|
+ m1g = m1a1 ; |
|
|
|
|
T1 |
|
||
a, T – ? |
|
|
+ m g = m a |
. |
|
|
T |
||||
|
|
2 |
2 |
2 2 |
|
Оскільки нитка невагома та нерозтяжна, то прискорення обох вантажів
будуть рівні: a1 = a2 = a . Рухомий блок має
масу, тому для нього застосуємо основний закон динаміки обертового руху:
ε = ∑IM ,
де ε – кутове прискорення блока, M – результуючий момент сил, що діють на блок, І – момент інерції блока відносно осі обертання.
Вибравши прискорення кожного вантажу (див. рис.), отримаємо в проекціях на вісь 0y:
T1 − m1g = m1a;
T2 − m2 g = −m2a;(T2 −T1 ) R = I ε.
y m
R
T 1
T2
a
a
m1g
0
m2 g
де R – радіус блоку.
Для блока у вигляді однорідного диска, що обертається навколо осі, що проходить через центр мас, момент інерції I = mR2 2 . Кутове прискорення ε пов’язане з тангенціальним прискоренням точок на ободі диску а (що співпадає з прискоренням вантажів) співвідношенням ε = Ra .
Враховуючи це, отримаємо:
23
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
T − m g = m a; |
|
|
|
|
|
|
||||
|
1 |
1 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
T2 − m2 g = −m2a; |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
mR |
2 |
|
a |
|
mRa |
|
(T |
−T ) R = |
|
|
= |
. |
|||||
|
|
R |
|
|||||||
|
2 |
1 |
2 |
|
|
2 |
|
Розв’язуючи останню систему відносно а, Т1 та Т2, отримаємо:
a = |
g(m2 − m1 ) |
|
T1 = m1g |
2m2 + m / 2 |
|
T2 = m2 g |
2m1 + m / 2 |
||||
|
, |
|
, |
|
. |
||||||
m + m + m / 2 |
m + m + m / 2 |
m + m + m / 2 |
|||||||||
1 |
2 |
|
1 |
2 |
|
1 |
2 |
|
Зробимо перевірку одиниць вимірювання отриманих формул:
|
|
м |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a = |
|
|
×кг |
= |
м |
, |
|
|
|
|
|
|
|||
с2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
кг |
|
|
|
с2 |
|
|
|
|
|
|
|||
T =T = кг× |
м |
× |
кг |
|
= кг× |
м |
. |
||||||||
|
|
|
|
||||||||||||
2 |
|
|
|
с2 |
кг |
|
|
с2 |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Так як |
Н = кг× |
|
м |
|
, то розмірність формул відповідає одиниці |
||||||||||
|
с2 |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
вимірювання сили.
Підставивши числові дані, отримаємо:
a = |
9,8(3 − 2) |
≈1,78 |
|
м |
|
|
, T = 2 9,8 |
2 3 +1/ 2 |
≈ 23,2 (Н), |
||
|
|
|
2 |
|
|
|
|||||
2 +3 +1/ 2 |
|
с |
|
1 |
2 +3 +1/ 2 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
T2 = 3 9,8 |
2 |
2 +1/ 2 |
≈ 24,1 (Н). |
|
||||||
|
2 +3 +1/ 2 |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Відповідь. Прискорення вантажів 1,78 м/с2, а натяги нитки по різні боки від блока дорівнюють відповідно 23,3 Н і 24,1 Н.
24
Задача3. Людина і візок рухаються назустріч один одному. Вага людини 64 кг, вага візка 32 кг. Швидкість людини 5,4 км/год, швидкість візка 1,8 км/год. Людина стрибає на візок і зупиняється. Визначити швидкість візка разом із
людиною. |
|
|
|
|
|
|
|
|
Дано: |
Розв’язання: Згідно |
закону збереження кількості руху |
||||||
m1 = 64 кг |
(імпульсу) маємо: |
|
|
|
||||
m2 = 32 кг |
mυ + m υ |
2 |
= (m + m ) υ. |
|||||
υ1 = 5,4 км/год |
1 |
1 |
2 |
|
1 |
2 |
||
В проекціях на горизонтальну вісь ох, що співпадає, |
||||||||
υ2 = 1,8 км/год |
||||||||
наприклад, з напрямком початкового руху людини (див. |
||||||||
|
||||||||
υ – ? |
рис.), маємо: |
|
|
|
|
|
||
m1υ1 −m2υ2 = (m1 + m2 ) υ, |
||||||||
|
де m1 – маса людини, υ1 – її швидкість до стрибка, m2 – маса візка, υ2 – швидкість візка; υ – загальна швидкість візка і людини після її стрибка на візок. Із останнього рівняння маємо:
υ = |
m1υ1 −m2υ2 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
mυ |
|||
|
m1 + m2 |
|
|
m2υ2 |
||||
Відмітимо, |
|
|
1 1 |
|||||
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|||
що внаслідок одно- |
|
|
|
|
|
|
||
рідності |
останньої |
|
|
|
|
|
|
|
формули байдуже, в |
|
|
|
|
|
|
||
яких одиницях ви- |
|
(m1 + m2 )υ |
|
|
|
|||
мірювання підстав- |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|||||
ляти маси m1 та m2; |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|||
необхідно |
лише, |
|
|
|
|
|
|
щоб ці одиниці х |
0 |
були однаковими. Перевіримо це для останньої формули: |
|
υ = |
кг×км/год |
=км/год. |
|
||
км/год |
|
||||
|
|
візка: υ1 = 5,4 км/год |
та |
||
Отже, підставляючи швидкості |
людини та |
||||
υ2 = 1,8 км/год, а також відповідно |
їхні |
маси: |
m1 = 64 кг, m1 = 32 кг, |
із |
рівняння (3), отримаємо значення швидкості візка із людиною в км/год:
υ = 64 5,4 −32 1,8 = 3,0 км/год. 64 +32
Швидкість υ > 0. Таким чином, після стрибка швидкість візка з людиною напрямлена в той бік, куди бігла людина.
Відповідь. 3,0 км/год.
25
Задача 4. У балоні об’ємом 10 л знаходиться гелій під тиском 1 МПа і при температурі 300 К. Після того, як з балона було взято 10 г гелію, температура в балоні знизилася до 290 К. Визначити тиск гелію, який залишився у балоні.
Дано:
V = 10 л
µ = 4·10–3 кг/моль p1 = 1 МПа
Т1 = 300 К m = 290 г Т2 = 290 К
P2 – ?
Розв’язання: Для розв’язання задачі скористаємося рівнянням Менделєєва-Клапейрона, застосувавши його до кінцевого стану газу:
p V = |
m2 |
RT |
(1) |
|
μ |
||||
2 |
2 |
|
де m2 –маса гелію в балоні в кінцевому стані; µ– молярна маса гелію; R – молярна газова стала.
Із рівняння (1) виразимо шуканий тиск:
p = |
m2 |
RT |
|
(2) |
|||||||||||
μV |
|
||||||||||||||
|
2 |
|
|
2 |
|
|
|
||||||||
Масу m2 гелію виразимо через масу m1, що відповідає початковому |
|||||||||||||||
стану, і масу m гелію, взятого з балона: |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
m2 =m – m1. |
|
(3) |
||||||||||||
Масу m1 гелію знайдемо також із рівняння Менделєєва –Клапейрона, |
|||||||||||||||
застосувавши його до початкового стану: |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
m = |
p1Vμ |
. |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
1 |
|
|
|
RT1 |
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Підставивши значення маси m1 в (3), а потім значення m2 в (2), |
|||||||||||||||
знайдемо: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
μp1V |
|
|
|
|
|
|
|||||||
p2 = |
|
−m |
RT2 |
, |
(4) |
||||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
RT1 |
|
μV |
|
|
||||||||
або, розкриваючи дужки, матимемо: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
p = |
T2 |
|
p − |
mRT2 |
. |
|
(5) |
||||||||
T |
|
|
|||||||||||||
2 |
|
|
1 |
|
|
μV |
|
|
|||||||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Перевіримо, чи дає формула (5) одиницю тиску. Для цього в її праву частину замість символів величин підставимо їхні одиниці. У правій частині формули два доданки. Очевидно, що перший з них дає одиницю тиску, так як
26
складається з двох множників, перший з яких |
T2 |
–безрозмірний, а другий – |
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
T |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
тиск. Перевіримо другий доданок: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
mRT |
|
|
кг× |
|
|
|
Дж |
|
|
|
|
кг×моль |
|
|
Дж×К |
|
||||||||||||
p = |
= |
|
моль×К |
|
= |
× |
|
= |
|||||||||||||||||||||||
|
μV |
|
кг/моль×м3 |
|
|
кг |
|
м3×моль×К |
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
= |
Дж |
|
= |
Н×м |
= |
|
Н |
=Па. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
м3 |
|
|
|
|
|
м3 |
|
|
м2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Паскаль є одиницею тиску. Виконаємо обчислення за формулою (5), |
|||||||||||||||||||||||||||||||
враховуючи, що μ = 4 10−3 кг/моль: |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
p |
= |
|
|
290 |
106 |
|
− |
10−2 8,31 290 |
|
Па = 3,64 105 Па=0,364 МПа. |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
2 |
|
|
300 |
|
|
|
|
|
|
|
4 10 |
−3 |
10 |
−2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Відповідь: Тиск гелію, що залишився у балоні становить p2 = 0,364 МПа.
27
Задача 5. Теплова машина працює по оборотному циклу Карно. Температура нагрівника 500 К. Визначити термічний ККД циклу та температуру холодильника теплової машини, якщо за рахунок 1 кДж теплоти,
отриманої від нагрівника, машина здійснює роботу 350Дж. |
|
|||
Дано: |
|
Розв’язання: Термічний ККД теплової |
||
|
||||
Q1 = 1 кДж = 1000 Дж |
|
машини показує, яка частка теплоти, отриманої |
||
Т1 = 500К |
|
від нагрівника, перетворюється в механічну |
||
А = 350Дж |
|
роботу. Термічний ККД виражається за |
||
|
|
формулою: |
|
|
|
|
|
||
η – ? |
|
η = |
A |
(6) |
Т2 – ? |
|
|
||
Q1 |
||||
|
|
|
|
|
де Q1 – теплота, отримана від нагрівника; А – робота, яку виконало робоче тіло теплової машини.
Знаючи ККД циклу, можна за формулою Карно η = |
T1 −T2 |
визначити |
|
T |
|||
|
|
||
1 |
|
||
температуру холодильника Т2: |
|
||
T2 =T1 (1−η) |
|
||
Зробимо перевірку одиниць вимірювання: |
|
З означення ККД (6), видно що η = ДжДж =1 є величина безрозмірна, а тому
справедливість розмірності другої формули очевидна. Виконаємо обчислення:
η = 1000350 = 0,35;
T2 = 5001 (1−0,35)= 325K .
Відповідь: ККД циклу теплової машини, яка працює по оборотному циклу Карно дорівнює 0,35, а температура холодильника 325 К.
28
Задача 6. Сила струму у провіднику опором 20 Ом зростає на 2 с за лінійним законом від нуля до 6 А. Визначити кількість теплоти, яка виділяється у провіднику за першу секунду.
Дано: |
Розв’язання: Закон Джоуля-Ленца у |
вигляді Q = I 2 Rt |
|
R= 20 Ом |
слушний для постійного струму. Якщо сила струму змінюється з |
||
I0 = 0 А |
часом, то закон виконується для нескінченно малого інтервалу |
||
Imax = 6 А |
|||
часу: |
|
||
t1 = 0 c |
dQ = I 2 Rdt , |
(7) |
|
t2 = 1 c |
|||
де сила струму I є деякою функцією часу. Враховуючи лінійну |
|||
|
|||
Q = ? |
зміну сили струму, можна записати: |
|
|
|
I = I0 + kt |
(8) |
де k – коефіцієнт пропорційності. Згідно з умовою задачі при t1 = 0 c початковий струм I = І0 , а при t2 = 1 струм I = Іmax . Підставляючи ці значення в формулу (8), отримаємо значення коефіцієнта пропорційності:
|
|
|
|
|
|
|
k = |
Imax |
. |
|
|
(9) |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t2 |
|
|
|
|||
Підставивши (9) в (8), а потім (7), отримаємо: |
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
dQ = (I0 + kt )2 Rdt |
(10) |
|||||||||||
Проінтегруємо останній вираз (10): |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
t2 |
2 |
|
2 |
|
|
t2 |
|
1 |
|
2 |
|
|
|||
Q = ∫ |
Imax |
t2 Rdt = |
Imax |
R∫t2dt = |
|
Imax |
R(t23 −t13 ) |
|
|||||||
2 |
2 |
|
2 |
|
|||||||||||
t |
t2 |
|
t2 |
|
|
t |
3 |
|
t2 |
|
|||||
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
Q = |
|
1 |
|
Imax2 |
|
R(t23 −t13 ) |
(11) |
|||||
|
|
|
|
|
2 |
||||||||||
|
|
|
|
|
3 t2 |
|
|
|
|
|
|
|
Перевіримо одиниці вимірювання останньої формули:
|
I 2 |
|
|
|
|
3 |
|
|
2 |
|
2 |
|
|
Q = |
|
|
Rt |
|
= I |
|
Rt = A |
×Ом×с = Дж. |
|||||
t2 |
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Виконаємо обчислення за формулою (11): |
|
||||||||||||
Q = |
|
1 |
|
62 |
20(13 |
−03 )= 240Дж. |
|||||||
|
2 |
||||||||||||
|
|
|
3 1 |
|
|
|
|
|
|
Відповідь: Кількість теплоти, яка виділяється у провіднику за першу секунду проходження струму, дорівнює 240 Дж.
29
Задача 7. Довгим прямим тонким дротом тече електрострум силою 20 А. Визначити магнітну індукцію поля, створеного провідником у точці, віддаленій від нового на відстані 4 см.
Дано: |
Розв’язання: Для |
розв’язання задачі, треба |
||||
I = 20 А |
скористатись законом |
Біо-Савара-Лапласа, який |
||||
R = 4 см = 0,04 м |
дозволяє розрахувати |
магнітне поле, створене |
||||
|
провідником, по якому тече струм (див. рис.): |
|||||
В – ? |
||||||
|
|
|
|
|
||
|
|
μμ0 |
|
|
||
|
dB = |
Idl |
×r |
|
||
|
4π |
r3 |
||||
|
|
dB
d
h
Idl
Виберемо на провіднику зі струмом, елемент струму, довжиною dl .
Напрямок вектора d B визначається за правилом правого гвинта і є дотичною до кола відповідного радіуса (див. рис.). Так як вектор індукції
магнітного поля визначається векторним добутком dl та r , то модуль цього вектора визначається за формулою:
dB = μμ4π0 Idlr2 sin α,
30
де α – кут між векторами dl та r . Виразимо dl та r через кут α. З рис.
Видно, що r = |
|
|
R |
|
, а оскільки |
h |
= |
rdα |
|
= sin α, то dl = |
rdα |
= |
Rdα |
. |
|||||||||
sin α |
dl |
|
sin α |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dl |
|
|
|
|
sin2 α |
|||||||||
Отже, dB = |
μμ0 |
|
|
|
I |
|
|
|
Rdα |
sin α= |
μμ0 |
|
I |
sin αdα. Згідно з принципом |
|||||||||
4π |
|
R |
|
2 |
|
sin2 α |
4π |
|
R |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
sin α |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
суперпозиції, магнітне поле, яке створюється всім провідником, можна знайти за принципом суперпозиції, враховуючи що магнітне поле кожного елемента струму напрямлене однаково, можна записати:
|
|
|
|
π |
|
|
|
|
B = ∫dB = |
μμ0 |
|
I |
∫2 sin αdα = |
μμ0 |
|
I |
; |
4π |
|
R |
2π |
|
R |
|||
|
|
0 |
|
|
В = μμ0 I .
2π R
Зробимо перевірку одиниць вимірювання:
B = μR0 I = Гн/мм×А= Гнм×2А= Вбм2 =Тл.
Підставимо значення в кінцеву формулу:
B = 4π 10−7 |
20 |
Тл =10−4 = 0,1мТл |
|
4π 4 10−2 |
|||
|
|
Відповідь: Магнітна індукція поля, створеного провідником у точці, віддаленій від нового на відстані 4 см, дорівнює 0,1 мТл.
31
Задача 8. Електрон, подолавши прискорюючу різницю потенціалів 400 В, потрапив у однорідне магнітне поле напруженістю 1 кА/м. Визначити радіус кривини траєкторії електрона у магнітному полі. Вектор швидкості перпендикулярний до ліній поля.
Дано:
U = 400 В
Н= 1 кА/м = 1000 А/м
R – ?
Розв’язання: Радіус кривини електрона визначається з наступних міркувань: на електрон, що рухається у магнітному полі, діє сила Лоренца:
F = q υ ×B .
Сила Лоренца перпендикулярна вектору швидкості і надає електрону нормальне прискорення (див. рис.). Згідно з другим законом Ньютона:
F = man,
де m – маса електрона, an – його нормальне прискорення, отже:
F
eυBsinα = mRυ2 ,
де е – заряд електрона, R – радіус кривини траєкторії, υ – швидкість електрона, α – кут
між векторами B і υ (згідно з умовою задачі α =90, sinα=1) . Звідки
R = |
mυ |
. |
(12) |
|
|||
|
eB |
|
Так як WK = (m2υm)2 , то mυ = 2mWK , де WK – кінетична енергія електрона.
Але кінетична енергія електрона, який подолав різницю потенціалів U визначається із закону збереження енергії:
WK = eU
Отже,
mυ = 2meU |
(13), |
а індукція магнітного поля зв’язана з напруженістю за формулою:
32