2.1. Условие задачи и исходные данные

В электрической цепи (рис. 2.1) с входным напряжением u = U sin (ωt + ß) выполнить следующее:

1. Определить комплексное входное сопротивление.

2. Найти действующие значения токов во всех ветвях схемы. Записать выражения для мгновенных значений токов.

3. Составить баланс мощностей.

4. Рассчитать действующие значения напряжений на всех элементах це­пи. Построить топографическую векторную диаграмму.

Рис. 2.1

В электрической цепи (рис. 2.2) с входным напряжением u = U sin (ωt + ß) заданы следующие параметры:

Дано: U = 200 В; ß = 30°; ʄ = 80 Гц; R₁ = 18 Ом; R₂ = 15 Ом; R₃ = 24 Ом; L₁ = 45 мГн; L₂ = 58 мГн; L₃ =32 мГн; C₁ =116 мкФ; C₂ = 83 мкФ.

Рис 2.2

Решение:

Угловая частота ω = 2πʄ; ω = 502,4 c^-1 , тогда приложенное мгновенное значение напряжения u = •200 sin (502,4t +30°), а действующее в комплексной форме Ů = 200 • e^j30° .

1) Определение комплексного входного сопротивления цепи.

Определяем реактивные сопротивления цепи.

Найдём комплексы всех сопротивлений цепи:

= == 17,16 Ом;

= ωL₁ = 502,4 • 45 • 10^-3 = 22,6 Ом;

= == 23,98 Ом;

= ωL₂ = 502,4 • 58 • 10^-3 = 29,1 Ом;

= ωL₃ = 502,4 • 32 • 10^-3 = 16,07 Ом.

Найдём комплексы полных сопротивлений всех ветвей цепи:

Z₁ = R₁+R₂+jX_L1-jX_C1 = 33+j(22,6–17,16) = 33+j5,44 = 33,445e ^{j 9,36°} Ом;

Z₂ = -jX_C2=-j23,98=23,98^-j90°;

Z₃ = R₃+jX_L3 = 24+j16 =28,844e ^{j 33,69°} Ом.

Составим электрическую схему (рис. 3.3), заменив все последовательно соединённые сопротивления в ветвях на их полные сопротивления.

Полученную схему (рис. 2.3) преобразуем в однократную (рис. 2.4).

İ₂

İ₁

İ₃

İ₁

Рис.2.3 Рис.2.4

Ом.

В результате комплексное входное сопротивление заданной цепи:

Ом.

2) Расчёт токов ветвей.

По закону Ома входной ток

İ₁İ_{1 =} А.

Мгновенное значение входного тока

i_{1 =} 3,587sin (502,4t +41,76^°) А.

Чтобы найти токи İ₂ , İ₃ необходимо определить напряжения на зажимах ветвей, по которым протекают эти токи. Поскольку все эти две ветви подключены к одной и той же паре узлов d и e (см. рис. 2.3), то напряжение будет одинаковым и равным Ů_de. По закону Ома это напряжение (см. рис. 2.4)

Ů_de = İ₁ • Z₂₃; Ů_de =

Делим Ů_cd на сопротивления параллельных ветвей и находим все токи:

İ₂ = İ₂ = А;

İ₃ = İ₃ = А.

Мгновенные значения этих токов записываются аналогично току i₁ по первому закону Кирхгофа для узла d или e.

İ₁ = İ₂ + İ₃ = İ₂₃;

İ₁ = А; İ₂₃ = А.

Таким образом, первый закон Кирхгофа выполняется. Следующей проверкой правильности расчёта токов ветвей является составление баланса мощностей.

3) Баланс мощностей.

Комплексная мощность

где P = Re [Ů • Ḯ], Q = Jm [Ů • Ḯ] - соответственно действительная и мнимая части произведения комплекса приложенного к цепи напряжения на сопря­женный комплекс входного тока

İ₁ = А; Ḯ₁ = А.

Активная и реактивная мощности, доставляемые источником в цепь, соответственно равны:

S_ист = Ů • Ḯ;

S_ист = В.А.

Откуда

P_ист = 702,03 Вт; Q_ист = -146,2 вар.

Найдём активную и реактивную мощности, потребляемые приёмниками (сопротивлениями) заданной цепи:

P_потр =

P_потр = Вт;

Q_потр =

Q_потр = вар.

Расхождение составляет:

4) Построение топографической векторной диаграммы.

Векторная диаграмма синусоидальных токов и напряжений дает нагляд­ное представление о фазовом расположении различных векторов и соотноше­ниях всех расчетных величин в электрической цепи. Диаграмма позволяет ка­чественно контролировать аналитический расчет цепи. С помощью диаграммы можно определить модуль и фазу напряжения между двумя любыми точками схемы.

Обычно строят лучевую диаграмму токов, векторы которых исходят из начала координат, и топографическую диаграмму напряжений. Топографиче­ская диаграмма представляет собой совокупность точек комплексной плоско­сти, изображающих комплексные потенциалы одноименных точек схемы.

При построении топографической диаграммы напряжений учитывают фазовый сдвиг между вектором тока, протекающего через элемент электриче­ской цепи (сопротивление, индуктивность, емкость), и вектором падения на­пряжения на нем. На сопротивлении эти векторы совпадают по направлению. На индуктивности вектор напряжения опережает вектор тока на угол 90°, на емкости - отстает на этот угол. В первом случае для получения направления вектора напряжения поворачивают вектор тока относительно начала координат против часовой стрелки, во втором по часовой. Для выбора масштаба рассчитаем падения напряжения на всех элементах схемы:

U_R1=I₁*R₁; U_R1=64,57;

U_C1=I₁*X_C1; U_C1=61,55;

U_L1=I₁*X_L1; U_L1=81;

U_R2=I₁*R₂; U_R2=53,8;

U_R3=I₃*R₃; U_R3=81,6;

U_L3=I₃*X_L3; U_L3=54,4;

U_C2=I₂*X_C2 U_C2=98,1.

Удобными для построения данной векторной диаграммы являются сле-дующие масштабы токов и напряжений:

m_I = 1А/см; m_U = 20В/см.