- •Теорема1.
- •Теорема 2. (существования неопределенного иноеграла)
- •Доказательствово.
- •Метод интегрирования по частям.
- •Универсальная тригонометрическая подстановка
- •Частные случаи подстановок.
- •Интегралы вида ∫tgmx dx, ∫ctgmx dx
- •С b a b a в-ва опред. Интеграла.
- •Замена переменной или способ подстановки.
С b a b a в-ва опред. Интеграла.
1. ∫ α * f(x)dx = α * ∫ f(x)dx
b
a b
a b
a b
a
2. ∫ [ f1(x) ± f2(x) ± … ± fn(x) ] dx = ∫ f1(x)dx ± ∫ f2(x)dx ± … ± ∫ fn(x)dx
о
b
a b
a
3. если на отрезке [a,b], (a≤b) φ(x) ≥ f(x), то ∫ φ(x)dx ≥ ∫ f(x)dx
4
b
a
m(b-a) ∫ f(x)dx M(b-a)
5. Теорема о среднем. Если f(x) непрерывна на отрезке, то на этом отрезке найд. такая точка х=с, что быдет выполняться равенство:
b
a
∫ f(x)dx = f(c) - (b-a)
Эта ф-ла не может быть использвана для вычисления инт-ла из-за неопред. точки "с".
6. Для любых 3-х чисел a,b,c справедливо рав-в
b
a b
a b
c
∫ f(x)dx = ∫ f(x)dx + ∫ f(x)dx
7. Имеет место след. неравенство
b
a b
a
│∫ f(x)dx│ ≤ ∫│f(x)│dx
a
a b
a a
b
Замечание: ∫ f(x)dx = 0, ∫ f(x)dx = - ∫ f(x)dx
8
Теорема 1.
Производная от опред. интеграла по перем. верхнему пределу равна подынт. ф-и:
x
a
∫ f(t)dt = Φ'(x), что Ф'(x) = f(x)
Док-во.
Дадим аргументу х приращение Х, тогда
x+∆x
a x
a x+∆x
x x+∆x
x
Ф(x+ x) = ∫ f(t)dt = ∫ f(t)dt + ∫ f(t)dt. ΔФ(x) = ∫ f(t)dt
Применим к посл. интегралу теорему о среднем (св-во 5). Получим:
x+∆x
x
∫ f(t)dt = f(c) * (x+Δx-x) = f(x) * Δx, где точка, с[x, x+Δx]
ΔФ(x)/Δ= (f(c)Δx) / Δx = f(c), но при Δx→0, c→x, т.е. f(c)-f(x)
Н
∆xi→0
∆xi→0
Теорема 2. (Ньютона – Лейбница).
Если F(x) – первообразная для f(x), x[a;b], то
b
a b
a b
a
∫ f(x)dx = F(b) - F(a), ∫ f(x)dx = F(x) │ = F(b) - F(a)
Док-во.
x
a
Ф(х) = ∫ f(t)dt также первообразная.
x
a
П
x
a
Cлед-но ∫ f(x)dx = F(x) - F(a)
b
a
Положим x=b, тогда ∫ f(t)dt = F(b) - F(a)
Что и требовалось доказать
Ф-ла служит для вычисления
Замена переменной или способ подстановки.
Пусть мы не можем сразу найти первообр-ю для подыинт. выр-я. Сделаем замену перем. х=t по ф-ле х=(t), где (t) – непрер. и дифф. ф-я на отрезке [;] причем ()=a, (β)=b . Тогда имеет место след. рав-во:
b
a b
a
∫ f(x)dx = ∫ f[φ(t)] * φ'(t) dt, здесь φ'(t) dt = dx
Док-во.
Пусть F(x) – первообр. для ф-и f(x). Тогда можно записать:
∫ f(x)dx = F(x) + C
∫ f[φ(t)] * φ'(t) dt = F[φ(t)] + C
b
a b
a β
α β
α
∫ f(x)dx =F(x) │= F(b)-F(a), ∫ f[φ(t)]*φ'(t)dt =F[φ(t)] │= F[(β)] - F[()]=F(b) - F(a)
Пр. часть 2-х посл. рав-в равны, значит, равны и левые. Что и требовалось доказать. Особенностью этой ф-лы явл то, что одновременно с заменой подыинт. выр-я заменяется соответ. образом и пределы инт-я.
Интегрирование по частям.
Рассмотрим рав-во. (u*v)' = u'v + v'u , где v,u - непрерывные фун-ии.
Проинтегрируем по х от a до b:
b
a b
a b
a
∫ (u*v)dx = ∫ u'v dx + ∫ uv' dx
b
a b
a b
a
т.к. ∫ (u*v)'dx = uv + C , то ∫ (u*v)'dx = uv │ , то получим
b
a b
a b
a
∫ u dv = uv│ - ∫ v du , здесь du = u' dx
9
Вычисление площади плоской фигуры.
Пусть на отрезке [a;b] ф-я y = f(x) неотрицательна.
Тогда Sкрив. трап., огран. этой кривой, осью
О
b
a
Q = ∫ f(x)dx
b
a b
a
Если f(x)≤0, то -Q = ∫ f(x)dx , Q = - ∫ f(x)dx
Если ф-я - конечное число раз меняет знак на отр. [a;b], то инт-л по всему отр. разбиваем на сумму инт-лов по частичн. отрезкам. Он будет больше там, где
f(x) >0, и меньше там, где f(x)<0.
Для того, чтобы получить сумму площадей, надо найти или вычислить интеграл
b
a
Q = ∫ │f(x)│dx
Е
b
a
Q = ∫ [ f2(x) - f1(x) ]dx
Замечание.
П
a
-a a
0 a
0
двум интегралам. ∫ f(x)dx =2 ∫ f(x)dx, Q=2 ∫ xdx
Пусть теперь кривая, огран. площадь,
задана параметрически, т.е. в виде y = ψ(t), где α ≤ t ≤ β
a = φ(α), b = φ(β) x = φ(t)
Пусть это ур-е опред. некотр. ф-ю. y=f(x).
Ч
β
α b
a
С
b
a