Сандаков Методы решения задач по теме Интегралные уравнен 2012
.pdfМИНИСТЕРСТВО ОБРАЗОВАНИЯ И НАУКИ РОССИЙСКОЙ ФЕДЕРАЦИИ
НАЦИОНАЛЬНЫЙ ИССЛЕДОВАТЕЛЬСКИЙ ЯДЕРНЫЙ УНИВЕРСИТЕТ «МИФИ»
Е.Б. Сандаков, Ю.Н. Гордеев, В.М. Простокишин
МЕТОДЫ РЕШЕНИЯ ЗАДАЧ ПО ТЕМЕ «ИНТЕГРАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ, КРАЕВЫЕ И СПЕКТРАЛЬНЫЕ ЗАДАЧИ»
Учебно-методическое пособие
Москва 2012
УДК 517.968(07) ББК 22.161.6я7 С 18
Сандаков Е.Б., Гордеев Ю.Н., Простокишин В.М. Методы решения
задач по теме «Интегральные уравнения, краевые и спектральные задачи»: Учебно-методическое пособие. – М.: НИЯУ МИФИ, 2012. – 64 с.
Пособие разбито на восемь занятий. В начале каждого занятия дан теоретический материал, а затем изложены методы решения задач по данной теме. Также приведено решение большого количества интересных задач, которые помогут студентам лучше понять материал рассматриваемой темы .
Предназначено для преподавателей НИЯУ МИФИ, ведущих лекционные и практические занятия по дифференциальным и интегральным уравнениям на 2-м курсе всех специальностей.
Рецензент д-р физ.-мат. наук, проф. И.М. Петрушко
ISBN 978-5-7262-1734-5 |
© Национальный исследовательский |
|
ядерный университет «МИФИ», 2012 |
Редактор М.В. Макарова
Оригинал-макет изготовлен С.В. Тялиной
Подписано в печать 18.09.2012. Формат 60×84 1/16.
Уч.-изд.л. 4,0. Печ.л. 4,0. Тираж 290 экз. Изд. № 011-1. Заказ № 219.
Национальный исследовательский ядерный университет «МИФИ». Типография НИЯУ МИФИ.
115409, Москва, Каширское ш., 31.
2
ОГЛАВЛЕНИЕ |
|
|
|
Первое занятие. |
Интегральные уравнения. |
|
|
|
Основные определения и теоремы существований |
........ 4 |
|
Второе занятие. |
Итерированные ядра. |
|
|
|
Резольвента оператора...................................................... |
7 |
|
Третье занятие. |
Теоремы Фредгольма и интегральные уравнения |
|
|
|
с вырожденным ядром..................................................... |
11 |
|
Четвертое и пятое занятия. |
Линейные операторы в линейных |
|
|
|
|
нормированных пространствах..................... |
19 |
Шестое и седьмое занятия. |
Компактные операторы................................. |
29 |
|
Восьмое занятие. Краевые и спектральные задачи.................................... |
44 |
||
Раскладка задач по занятиям........................................................................ |
64 |
||
Литература ...................................................................................................... |
|
|
64 |
3
Первое занятие.
ИНТЕГРАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ.
ОСНОВНЫЕ ОПРЕДЕЛЕНИЯ И ТЕОРЕМЫ СУЩЕСТВОВАНИЙ
Интегральные уравнения содержат искомую функцию под знаком интеграла.
Пусть G − ограниченная область из Rn с кусочно-гладкой границей. Рассмотрим линейные интегральные уравнения вида
∫K(t, s)x(s)ds = y(t), |
(1) |
G |
|
x(t) = μ∫K(t, s)x(s)ds + y(t), |
(2) |
G |
|
где x(t) − искомая функция (t G) , а y(t) и K(t, s) |
− заданные |
функции, определенные, соответственно, в G и G ×G ; μ − комплексное число (параметр). Функция K(t, s) − ядро интегрального уравнения, а функция y(t) − свободный член уравнения.
Интегральные уравнения (1) и (2) − линейные интегральные уравнения Фредгольма, соответственно, первого и второго рода.
Пусть n =1, а G = (a, b). Тогда уравнения (1) и (2) примут вид
b |
|
∫K(t, s)x(s)ds = y(t), |
(1′) |
a |
|
b |
|
x(t) = μ∫K(t, s)x(s)ds + y(t). |
(2′) |
a |
|
Интегральные уравнения вида |
|
t |
|
∫K(t, s)x(s)ds = y(t), |
(3) |
a |
|
t |
|
x(t) = μ∫K(t, s)x(s)ds + y(t). |
(4) |
a
4
называются линейными интегральными уравнениями Вольтерра, соответственно, первого и второго рода.
Замечание 1. Очевидно, что уравнение Вольтерра можно рассматривать как уравнение Фредгольма, в котором ядро K(t, s)
удовлетворяет условию:
K(t, s) = 0 при s > t.
Решением интегральных уравнений (1), (2), (3), (4) будет функция ϕ(t), которая будучи подставлена в эти уравнения обращает их
в тождество (по t).
Для интегрального уравнения Вольтерра второго рода справедлива теорема 1.
Теорема 1. Если ядро K(t, s) интегрального уравнения (4) Вольтерра второго рода непрерывно в квадрате P ={(t, s) : a ≤ s, t ≤ b}
(a и b конечны), то для любого числа μ и для любой функции y(t) C[a, b] существует единственное непрерывное решение x(t)
уравнения (4), причем это решение может быть найдено методом
последовательных приближений, т.е. x(t) = lim xn(t) (сходимость
n→∞
по норме пространства C[a, b], т.е. равномерная), где xn(t) задает-
ся рекуррентным соотношением
t
xn(t) = μ∫K(t, s)xn−1(s)ds + y(t), n =1, 2,...,
a
а x0(t) − произвольная непрерывная на [a, b] функция.
Для интегрального уравнения Фредгольма второго рода решение, как будет показано дальше, может существовать не для любых μ, а в случае его существования может быть не единственным. Тем не менее следующая теорема дает условия, при которых решение уравнения Фредгольма второго рода всегда существует и единственно.
Теорема 2. Если ядро K(t, s) интегрального уравнения (2) Фред-
гольма второго рода определено и непрерывно в G ×G, и μ < d1 ,
где
5
d = max ∫ K (t, s) ds,
t G G
то для любой функции y (t ) C (G) существует единственное решение x (t ) C (G) уравнения Фредгольма второго рода (2), причем это решение может быть найдено методом последовательных
приближений, т.е. x (t )= lim xn (t ) (сходимость по норме про-
n→∞
странства C (G), т.е. равномерная), где
xn (t )= μ∫K (t, s)xn−1 (s)ds + y (t ), n =1, 2, ... ,
G
а x0 (t ) − любая непрерывная в G функция.
Пример 1.1. Составить интегральное уравнение, соответствующее следующему дифференциальному уравнению с заданными начальными условиями:
|
|
|
y′′ |
− y′sin t + et |
y = t ; |
|
|||
|
|
|
|
|
y(0) =1; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y (0) = −1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение. Обозначим y′′(t )=ϕ(t ). Тогда |
|
||||||||
|
|
|
t |
|
|
|
t |
|
|
|
|
y′(t )= ∫ϕ(τ)dτ+ y′(0)= ∫ϕ(τ)dτ−1; |
|
||||||
|
|
|
0 |
|
|
|
0 |
|
|
|
t |
s |
|
|
|
t |
s |
|
|
y (t )= |
∫ |
∫ |
ϕ(τ)dτ−1 |
|
∫ |
∫ |
|
= |
|
|
|
ds + y (0)= |
|
|
ϕ(τ)dτ ds −t +1 |
||||
|
0 0 |
|
|
|
0 0 |
|
|
||
|
t |
|
t |
|
t |
|
|
|
|
= ∫ |
ϕ(τ)∫ds |
dτ+1−t = ∫(t − τ)ϕ(τ)dτ+1−t. |
|
||||||
|
0 |
|
τ |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
′′ |
′ |
|
|
|
|
|
|
Подставляя y , |
y и y в исходное уравнение, получим интеграль- |
ное уравнение
t
ϕ(t )= t −sin t +et (t −1)+ ∫ sin t −et (t − τ) ϕ(τ)dτ.
0
6
Пример 1.2. Методом дифференцирования решить следующее интегральное уравнение:
t
x (t )= 2∫0 (2t +1)2 x (s)ds +1.
Решение. Дифференцируя данное интегральное уравнение Вольтерра, получим
x′(t )= 2t2+1 x (t )−8∫t ( 2s++1)3 x (s)ds.
0 2t 1
Воспользовавшись заданным уравнением, перепишем это уравнение в виде
x′(t )= 2t2+1 x (t )− 2t4+1 x (t )+ 2t4+1 ,
или |
′ |
|
|
2 |
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2t +1. |
|
|||||
x (t )= − 2t +1 x (t )+ |
|
|||||||||||
Очевидно, что x (0)=1. |
Следовательно, решение заданного ин- |
|||||||||||
тегрального уравнения сводится к решению задачи Коши |
||||||||||||
|
x′(t )= − |
2 |
|
|
x (t )+ |
|
4 |
|
|
. |
||
|
2t +1 |
|
2t +1 |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
x (0)=1. |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
Решая ее стандартным методом [7], получим x (t )= 42tt ++11.
Второе занятие.
ИТЕРИРОВАННЫЕ ЯДРА. РЕЗОЛЬВЕНТА ОПЕРАТОРА
Следует ввести понятие итерированного ядра. Для этого введем |
|||||
линейный интегральный оператор T, действующий в пространстве |
|||||
|
|
|
|
|
задается соот- |
C (G |
), который для любой функции x (t ) C (G) |
||||
ношением |
|
||||
|
|
Tx = ∫K (t, s)x (s)ds. |
(5) |
||
|
|
G |
|
7
Тогда уравнение (2) в операторной записи примет вид x (t ) =μTx + y (t ).
Пусть даны два интегральных оператора T1 и T2 с непрерывными ядрами K (t, s) и L (t, s), т.е.
T1x (t )= ∫K (t, s)x (s)ds; |
T2x (t )= ∫L (t, s)x (s)ds. |
G |
G |
Теперь можно определить произведение операторов T2T1 :
(T T )x (t )= T |
(T x)= |
|
L (t, s |
|
|
|
|
|
= |
|||
∫ |
) |
K (s , s)x (s)ds ds |
||||||||||
2 1 |
|
2 |
1 |
1 |
∫ |
|
1 |
|
1 |
|
||
|
|
|
|
|
G |
|
G |
|
|
|
|
|
|
= |
∫ |
|
L (t, s )K (s , s)ds |
|
|
|
|
||||
|
|
x (s)ds. |
|
|
|
|||||||
|
|
|
∫ |
1 |
1 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
G G |
|
|
|
|
|
|
|
|
Таким образом, ядро оператора T2T1 находится по формуле
K (t, s)= ∫L (t, s1 )K (s1, s)ds1.
G
Введем итерированные ядра, соответствующие целым положительным степеням оператора T, заданного формулой (5), причем основное ядро K (t, s) обозначим для симметрии через K1 (t, s):
K1 (t, s)= K (t, s); Kn (t, s)= ∫Kn−1 (t, s1 )K1 (s1, s)ds1. (50)
G
Ядро K |
n |
(t, s) есть ядро оператора Tn. |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Рассмотрим ряд (ряд Неймана уравнения (2)): |
|||||||||||||
y (t )+μ∫K1 (t, s) y (s)ds +... +μn ∫Kn (t, s) y (s)ds +... . |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
G |
|
|
|
|
G |
|
При |
|
μ |
|
< |
1 |
, где d = maxt G |
∫ |
|
K (t, s) |
|
|
|
|
|
|
|
|
ds, этот ряд равномерно в G |
|||||||||
|
|
|
|
||||||||||
|
|
d |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
G |
|||||
сходится к решению x (t ) интегрального уравнении (2), т.е. |
|||||||||||||
x (t )= y (t )+μ∫K1 (t, s)y (s)ds +... +μn ∫Kn (t, s)y (s)ds +.... |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
G |
|
|
|
|
G |
8
Это равенство можно переписать в виде
|
x (t )= y (t )+μ |
|
∞ |
|
(s)ds, |
|
|
|
∑μn−1Kn (t, s) y |
|
|||
|
G∫ |
n=1 |
|
|
|
|
или |
x (t )= y (t )+μ∫Γ(t, s, μ) y (s)ds, |
(6) |
||||
|
|
|
G |
|
|
|
|
|
|
∞ |
|
|
|
где функция |
Γ(t, s, μ) |
= ∑μn−1Kn |
(t, s)− |
|
(60) |
n=1
резольвента уравнения (2).
Пример 1.3. Построить резольвенту для интегрального уравнения Фредгольма второго рода
π2
x (t )= λ ∫ (sin t cos s)x (s)ds + y (t ).
0
Решение. Резольвента интегрального уравнения Фредгольма второго рода вычисляется по формуле (60). Следовательно, для нахождения резольвенты необходимо вычислить итерированные ядра Kn (t, s). По формуле (50)
|
|
|
|
π 2 |
|
|
|
|
|
K1 (t, s)= sin t cos s; |
K2 |
(t, s)= ∫ |
|
′ |
′ |
′ |
= |
||
sin t cos s sin s cos s ds |
|
||||||||
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
sin t cos s |
π 2 |
|
sin t cos s |
|
|
|
||
= |
2 |
|
∫ sin 2s′ds′ |
= |
2 |
. |
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
Методом математической индукции нетрудно показать, что
K |
n |
(t, s)= sin t cos s . |
|
2n−1 |
Таким образом, резольвента заданного интегрального уравнения имеет вид
|
∞ |
|
n−1 |
|
n |
|
|
∞ |
λ n−1 |
||||
Γ(t, s, λ)= |
∑ |
λ |
|
K |
(t, s)= |
∑ |
|
2 |
sin t cos s = |
||||
n=1 |
|
|
n=1 |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
= |
2λ |
sin t cos s |
при |
|
|
λ |
|
< 2. |
|||||
|
|
|
|||||||||||
2 −λ |
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
9
Пример 1.4. Найти резольвенту для интегрального уравнения Вольтерра второго рода
t
x (t )=λ∫at−s x (s)ds + y (t ), a > 0.
0
Решение. Согласно формуле (60) резольвента Γ(t, s, λ) имеет
∞
вид Γ(t, s, λ)= ∑λn−1Kn (t, s), где Kn (t, s) − итерированные яд-
n=1
ра, которые могут быть вычислены по формуле:
t
Kn (t, s)= ∫Kn−1 (t, s′)K1 (s′, s)ds′.
|
|
|
|
|
s |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Тогда получим: |
|
|
|
K |
1 |
(t, s)= at−s; |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
t |
|
|
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
K2 (t, s)= ∫at−s′ as′−sds′ = ∫at−sds′ = at−s (t − s); |
|
|||||||||||||||
|
|
s |
|
|
|
|
|
|
s |
|
|
|
|
|
|
|
t |
′ |
|
|
|
′ |
|
|
|
t |
|
|
|
|
at−s (t − s)2 |
|
|
∫ |
t−s |
|
′ |
|
s |
−s |
′ |
t−s |
∫ |
|
|
′ ′ |
|
2 |
|
|
K3 (t, s)= a |
|
(t |
− s )a |
|
|
|
ds = a |
|
|
(t |
− s )ds |
= |
|
. |
||
s |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
s |
|
|
|
|
|
|
Методом математической индукции нетрудно показать, что |
|
|||||||||||||||
|
|
|
K (t, s) |
= at−s |
(t − s)n−1 |
. |
|
|
|
|||||||
|
|
|
(n −1)! |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
n |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Подставляя выражения Kn (t, s) в (60), получим
∞ |
[λ(t − s)] |
n−1 |
= at−s eλ(t−s). |
Γ(t, s, λ)= at−s∑ |
|
||
n=1 |
(n −1)! |
|
|
|
|
|
Пример 1.5. С помощью резольвенты найти решение интегрального уравнения
t
x (t )= ∫at−s x (s)ds + 2t et.
0
Решение. Согласно примеру 1.4 резольвента заданного интегрального уравнения Вольтерра второго рода имеет вид
Γ(t, s, λ)= at−s eλ(t−s).
10