![](/user_photo/2706_HbeT2.jpg)
- •Теоретическая механика
- •Содержание
- •Предисловие
- •Задачи по теме: «Плоская система сходящихся сил». Определение опорных реакций, исходя из условия равновесия в аналитической форме.
- •Задачи по теме: «Плоская система произвольно расположенных сил». Определение опорных реакций, исходя из условия равновесия в аналитической форме.
- •Задачи по теме: «Пространственная система произвольно расположенных сил». Определение опорных реакций, исходя из условия равновесия в аналитической форме.
- •Задачи по теме: Определение положения центра тяжести плоских фигур.
- •Задачи по теме: «Кинематика точки». Поступательное движение.
- •Задачи по теме: «Кинематика точки». Вращательное движение.
- •Задачи по теме: «Кинематика точки». Сложное движение.
- •Задачи по теме : «Кинематика твёрдого тела». Плоское движение.
- •Задачи по теме: «Динамика».
- •Список литературы.
Задачи по теме: «Плоская система произвольно расположенных сил». Определение опорных реакций, исходя из условия равновесия в аналитической форме.
Записать уравнения равновесия в аналитической форме, исходя из заданной расчётной схемы конструкции.
Первая форма уравнений равновесия состоит из системы трёх уравнений равновесия:
Хi=0
-сумма проекций всех действующих сил
на ось ОХ равна 0.
Yi=0 -сумма проекций всех действующих сил на ось ОY равна 0.
МА=0 – сумма моментов всех действующих сил относительно любой точки, например точки А- центра моментов, равна 0.
Проверочное уравнение МВ=0
Вторая форма уравнений равновесия состоит из системы трёх уравнений равновесия, в которой одно из уравнений проекций меняем на уравнение моментов. В качестве уравнения проекций выбирается любая ось кроме перпендикуляра к прямой проходящей через центры моментов.
Хi=0 -сумма проекций всех действующих сил на ось ОХ равна 0.
МА =0 -сумма моментов всех действующих сил относительно точки А =0.
МВ=0 – сумма моментов всех действующих сил относительно точки В =0
Проверочное уравнение Yi=0
Конструкции в виде консоли, имеющие одну точку опоры лучше решать по первой форме уравнений равновесия.
Балки на двух опорах лучше решать по второй форме уравнений равновесия. Две точки опоры – два уравнения моментов.
Первая форма уравнений равновесия является более универсальной, так как не имеет никаких ограничений на составление уравнений проекций.
Задача №1: Определить реакции связи в точке А.
Р=18 кН,
а=3 м, b=3 м, с=7 м, d=2 м.
Решение. Изображаем реакции связей в точке А : RYA, RXA , МR.
Положительное направление МR - против часовой стрелки.
Выбираем плоскую декартовую систему координат. Ось ох вправо, ось оу вверх.
Выбираем первую форму уравнений равновесия. Проецируем действующие силы
Хi=RXA
+ Р=0
Yi=RYА=0
МА=МR – М - Р∙с=0
Хi=RXA
= - Р= -18 кН
Yi=RYА=0
МА=МR = М+ Р ∙ с=28+18∙7=154 кН∙м
Проверочное уравнение
МВ= МR – М - RYА ∙ а + RXA ∙ с = 154 – 28 - 0∙3 - 18∙7=0
Ответ: реакции связей в точке А RXA = -18 кН; RYА=0; МR=154 кН∙м
Задача №2: Определить реакции связи в точках А.
Р=18 кН, М=17 кН∙м, а=3 м, b=1 м, с=2 м.
Решение . Изображаем реакции связи в точках А и В: RYA, RXA, RYВ.
В точке А опора шарнирно-неподвижная - две реакции связи RYA, RXA,
в точке В опора шарнирно-подвижная – одна реакция связи RYВ.
Выбираем вторую форму уравнений равновесия
Хi=
R
ХА –
Р=0
МА = - М - Р ∙с + RYВ ∙ b = 0
МВ= - М - RYА ∙ b - RXA ∙ с = 0
Проверочное уравнение Yi=0
Хi= R ХА = Р =18 кН
Проверка:
Yi=0
RYA + RYВ= -53 + 53 = 0
Ответ: R ХА=18 кН; RYА= -53 кН
Задачи по теме: «Пространственная система произвольно расположенных сил». Определение опорных реакций, исходя из условия равновесия в аналитической форме.
Задача №1. Вес груза Q=100 Н, радиус барабана Rб =10 см , ∝=300, а=0,2 м; b=0,2 м; h=0,2м; с=0,5 м.
Найти : силу Р и реакции в подшипниках- RXA , RZA; RXВ , RZВ .
Для пространственной системы сил существует шесть уравнений равновесия в аналитической форме:
ХI=0
-сумма проекций всех действующих сил
на ось ОХ равна 0.
YI=0 -сумма проекций всех действующих сил на ось ОY равна 0.
ZI=0- сумма проекций всех действующих сил на ось ОZ равна 0.
МX=0
–сумма моментов всех сил относительно
на оси ОХ равна 0.
МY =0 -сумма моментов всех сил относительно оси ОУ =0.
МZ=0 – сумма моментов всех сил относительно оси ОZ =0
Р
ешение:
ХI=
RXA
+ RXВ
- Q
∙
- Р = 0
ZI=
RZA+
RZВ
+ Q
∙
=
0
МX= 2RZВ ∙ с + с ∙ Q ∙ = 0
МY= -Q ∙ Rб +Р ∙ а=0
МZ=
- 2RXВ
∙ с + с ∙ Q
∙
Р =
RXА
= Q∙
+Р - RXВ
=100∙0,
5+50-28, 5=71, 5 Н
RZA= - RZВ – Q ∙ = -43, 5 -100∙0, 87=130, 5 Н
Задача№2: Диаметры шкивов D1=40 cм; D2=50 cм, расстояние от опоры до первого шкива – а=1 м; расстояние от опоры до второго шкива - b=3 м; расстояние между опорами l=4 м; угол α=200; силы натяжения ремней
Т1=2 кН; Т2=4 кН; Т3=5 кН.
Определить: силу натяжения Т4=? Реакции в опорах RХА и RZА=?; RХВ и RZВ=?
Решение:
ХI=
- Т1∙
- Т2∙
- Т3-
Т4
+ RХА
+ RХВ
=0
ZI= - Т1∙ - Т2∙ + RZА + RZВ =0
МX=
- а
Т1∙
а Т2∙
+l∙RZB
=0
МY= - Т3∙D2/2 + Т4∙D2/2 - Т1∙D1/2 + Т2∙D1/2 =0
МZ= а Т1∙ + а Т2∙ + bТ3 + bТ4 - l RХВ =0
Решая эти уравнения, находим:
Т4= 3,4 кН; RХА=3,6 кН; RZА=4,2 кН; RХВ=6,1 кН; RZВ=4,2 кН.