- •Доказательство теорем.
- •- Подпространство .
- •2. Свойства. Пусть V – евклидово пространство. Тогда
- •4. Свойства эрмитова произведения. , , V, ℂ
- •5. Свойства длины вектора: V
- •4. Теорема (критерий ортогональности векторов).
- •1.3) Уравнение прямой, проходящей через 2 точки
- •1.4) Уравнение прямой в отрезках на осях
- •1.5) Общее уравнение прямой
- •Раздел 5
- •Раздел 6:
Раздел 5
1) Пусть в прямоугольной декартовой системе координат { } M0=(x0,y0) – центр окружности γ.
1) - радиусу окружности, т.е. .
(1) – уравнение окружности с центром M0=(x0,y0) и радиусом R.
2) Выберем систему координат такую что Ox проходит через F1 и F2, проходит через середину отрезка F1F2. Тогда F1(-c,0), F2(c,0).
1. Пусть - произвольная точка эллипса
так как
| :
. Обозначим .
(3) – каноническое уравнение эллипса.
Раздел 6:
3)
Теорема 1. (Основная теорема о многочленах). Любой многочлен положительной степени над полем F допускает представление в виде произведения неприводимых над F многочленов, причем такое представление единственно с точностью до порядка следования множителей и ассоциированности.
Доказательство. 1) Существование. Пусть f(x) F(x) и deg f(x)=n>0. Доказательство проведем методом математической индукции по параметру n.
1. Пусть n=1 f(x) неприводим над F => f(x)=f(x) - искомое представление.
2. Допустим, что утверждение верно для любого многочлена положительной степени < n над полем F.
3. Докажем утверждение для многочлена f(x). Если f(x) неприводим над F, то f(x)=f(x) –искомое представление. Пусть f(x) приводим над F f(x)=f1(x) , где f1(x),f2(x) F[x] и 0 < deg fi < n, i= f1(x) = p1(x)· p2(x) · …·pr(x) и f2(x)=q1(x) ·…·qs(x) – представление и в виде произведения неприводимых над многочленов f = f1 · f2 = p1·…·pr· q1·…·qs – искомое представление.
Из 1-3 по методу математической индукции утверждение верно для любого n N.
2) Единственность. Пусть f(x)=p1(x)·…·pr(x) и f(x)=q1(x)·… ·qs(x) – требуемые представления (1). Так как r,s N, то либо r s, либо r s. Пусть, например, r s. Так как левая часть (1) делится на p1 (q1·…·qs) p1 по лемме 4 хотя бы один из множителей делится на p1. Так как множители можем менять местами, то будем считать, что q1 p1 по лемме 2 q1~q2 и по замечанию 3 q1=p1·a0 , где a0 F# => p1·…·pr=a0 · p1· q2·…·qs, (2). Так как левая часть (2) делится на р2, то как и выше, получим р2~q2 и р2=q2·b0 , где b0 F#, причем (3) и т.д., через конечное число шагов получим 1=а0· 0·…·qr+1·…·qs (4). Допустим, что r<s => 1 qr+1 => deg qr+1=0 => противоречие => r=s. Таким образом, представление многочлена f(x) в виде требуемого произведения определяется однозначно с точностью до порядка следования множителей и ассоциированности. Теорема доказана.
Теорема 16. Пусть ∈ Z[x], , - несократимая рациональная дробь. Если - корень f(x), то , .
Доказательство. Пусть - корень f(x) Пусть . По теореме Безу f(x)=(x-c)q(x)+f(c) (1). Пусть q(x)=
.
Покажем, что . Допустим, что (q, p-cq)=d > 1
- противоречие . Теорема доказана.
Следствие 16.1. Пусть f(x) Z[x] , - несократимая рациональная дробь. Если - корень f(x), то .
2) Теорема 8. Пусть F – поле, f(x), g(x) F[x], g(x) 0. Тогда существуют единственные многочлены q(x), r(x) F[x] такие, что f(x)=g(x)·q(x)+r(x), причем degr(x)<degg(x).
Доказательство. 1.
Существование. Если f(x)=0 q(x)=0, r(x)=0, причем degr(x)= − < deg g(x) 0. Если deg f(x)<deg g(x) q(x)=0, r(x)=f(x), причем degr(x)=degf(x)<deg g(x).
Пусть f(x) 0 и deg f(x) deg g(x). Пусть f(x)=ao+a1x+…+anxn, g(x)=bo+b1x+…+bmxm n m. Доказательство проведем методом математической индукции по параметру n.
1) Пусть n=0 f(x)=ao g(x)=bo , причем deg r(x)= − <0=deg g(x).
2) Предположим, что утверждение верно для любого многочлена степени, меньшей n.
3) Докажем утверждение для многочлена степени n.
f(x)=ao+…+anxn
g(x)=bo+…+bmxm ∙bm-1∙anxn-m
h(x)=f(x)-g(x)∙bm-1∙anxn-m=ao+…+(anxn-bmbm-1anxmxn-m) h(x) - многочлен степени, меньшей n q1(x), r1(x) F[x]: h(x)=g(x)∙q1(x)+r1(x), где deg r1(x)<deg g(x)
f(x)-g(x)=g(x)∙q1(x)+r1(x) , причем deg r(x)<deg g(x).
Из 1)-3) по методу математической индукции следует, что утверждение верно .
2. Единственность. Пусть f(x)=g(x)∙q1(x)+r1(x) (1) и f(x)=g(x)∙q2(x)+r2(x) (2). Покажем, что q1=q2, r1=r2. Вычтем из равенства (1) равенство (2): 0=g(x)(q1-q2)+(r1-r2) r2-r1=g(x)(q1-q2) (3).
Допустим, что q1-q2 0. Согласно теореме 3, F[x] - область целостности. Поэтому в F[x] нет делителей нуля и из (3) следует, что . Тогда, с одной стороны,
deg(r2-r1) , т.е. .
С другой стороны, , т.е. deg(r2-r1)<deg g. Противоречие. Следовательно, . Теорема доказана.