Книжка. Математические бои 2014
.pdf11
Aa Bb Cc |
1 |
Ab Ac Ba Bc Ca Cb |
|
2 |
|||
|
|
.
41.В равнобочной трапеции провели диагонали и высоты из вершин верхнего основания (см. рисунок). Докажите, что сумма площадей заштрихованных треугольников равна площади заштрихованного пятиугольника.
42.Высоты треугольника равны соответственно 3, 4 и 5. Какой это треугольник: прямоугольный, остроугольный или тупоугольный?
43.Дан треугольник ABC , площадь которого равна 1.
Точка |
M |
находится на продолжении стороны AB треугольни- |
|
ка ABC за точку A , |
точка N находится на продолжении сто- |
||
роны |
BC |
за точку B , |
точка P находится на продолжении сто- |
роны |
AC |
за точку C . Найти площадь треугольника MNP , если |
|
AM AB, BN 2BC,CP 3AC . |
44. В треугольнике АВС с углом В, равным 120°, проведены биссектрисы АА1, ВВ1 и СС1. Найдите угол А1В1С1.
СТЕРЕОМЕТРИЯ
45.Пусть SABC – правильный тетраэдр, точка О – середина его высоты SD. Докажите, что прямые АО, ВО, СО попарно перпендикулярны.
46.Докажите, что внутри куба с ребром 1 можно разме-
стить два правильных тетраэдра с ребром 1.
12
РЕШЕНИЯ, УКАЗАНИЯ, ОТВЕТЫ
1.
65 a b 65a 65b 65a 56a 121a
, следовательно,
65 a b делится на взаимно простое с 65 число 121, поэтому
a b также делится на 121, значит, не может быть простым.
2. Очевидно, что x1 x2 x3 0 – решение. При этом все
три неизвестные обращаются в нуль только одновременно. Если неизвестные отличны от нуля, то можно рассмотреть систему
1 x |
2 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x |
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
1 x |
2 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
2 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x |
2 |
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
1 x |
2 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x |
2 |
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
3 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Сложив новые уравнения, получим уравнение |
||||||||||||||||||
|
|
|
1 |
|
2 |
|
|
1 |
|
2 |
|
|
1 |
|
2 |
|
||
|
|
|
|
|
|
0 . |
|
|||||||||||
1 |
|
x |
|
|
|
1 |
|
x |
|
|
1 |
|
x |
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
1 |
|
|
2 |
|
|
3 |
|
|
|||||||
Каждое |
|
слагаемое должно равняться нулю. Поэтому |
||||||||||||||||
x1 x2 |
x3 1 |
решение. Ответ: |
x1 x2 x3 0 и x1 x2 x3 1 . |
|||||||||||||||
3. Если числитель и знаменатель делятся на k, то на k де- |
||||||||||||||||||
лятся также a ce d |
|
и c ae b . Их разность |
ad bc также |
|||||||||||||||
делится на k. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
4. |
2014 y2 |
x2 |
y x x y . Если x, y |
разной четно- |
сти, то число справа – нечетное, если – одинаковой, то число справа делится на 4. В обоих случаях – противоречие. Решений в целых числах нет. Ответ: решений нет.
13
5. Имеем
n |
2 |
3n |
5 (n 7)(n 4) 33 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
||||||
|
((n 4) 11)(n 4) 33 (n 4) |
2 |
11(n 4) 33 |
|
|
|||||
|
|
|
||||||||
|
|
Если предположить, что n |
2 |
|
2 |
, то |
||||
|
|
|
3n 5 делится на 121 11 |
|||||||
(n 4) |
2 |
делится на 11. Так как 11 – простое число, то |
n 4 |
де- |
||||||
|
||||||||||
лится на 11, а (n 4)2 11(n 4) |
делится на 121. Значит, 33 де- |
|||||||||
лится на 121. Противоречие. |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
6. Находим корни квадратного трехчлена |
|
|
(x a)(x 2014) 1
x |
2 |
|
(a
2014)x 2014a
1
:
|
|
a 2014 |
a 2014 |
2 |
4 |
2014a 1 |
x |
|
|
||||
|
|
|
|
|
||
1,2 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
||
|
a 2014 |
a 2012 a 2016 |
|
|
||||
|
2 |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Отсюда a1 2012 |
, a2 |
2016 . Корни |
x1 |
и |
x2
будут целыми.
Возьмем
b
x1
,
c
x2
. Ответ:
a1
2012
,
a2
2016
.
7. Замечая, что числа 31 и 17 находятся рядом со степеня-
ми
3111 3111
двойки, получаем
32 |
2 |
11 |
2 |
2 |
2 |
|
14 |
|
4 |
|
|||||
11 |
5 |
|
55 |
56 |
|
|
|
14 |
|
|
|
|
|
|
|
17 . |
|
|
|
|
|
|
цепочку
14 |
14 |
16 |
17 . |
неравенств:
Ответ:
8. Если a + b делится на 3, то a + 7b = (a + b) + 6b делится на 3, значит, a + 7b – не простое. Поэтому третье или четвертое утверждение ложно, и, следовательно, первые два истинны. Тогда a + b = 2b + 5 + b = 3b + 5 не делится на 3, значит, третье утверждение ложно, и, следовательно, a + 1 = 2b + 6 делится на b. Получаем, что b может быть 1, 2, 3 или 6. Соответственные значения a вычисляются по формуле: a = 2b + 5, получаем 7, 9, 11 или 17. Ответ получаем, выполнив отбор пар по четвертому условию. Ответ: (9,2), (17,6).
14
9. Разложив на множители
5 |
|
3 |
4n n |
2 n 1 n n 1 n 2 |
, получим произведе- |
|||||||||||||||||
n |
5n |
|||||||||||||||||||||
ние пяти последовательных целых чисел. Одно из таких чисел |
|
|||||||||||||||||||||
обязательно делится на 5, одно из трех последовательных чи- |
|
|||||||||||||||||||||
сел делится на 3, а из четырех последовательных чисел одно |
|
|||||||||||||||||||||
делится на 4, а другое – |
на 2. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
10. Обозначим цифры числа (в порядке убывания) через |
|||||||||||||||||||
a , a |
, a |
, a , a |
, a |
, |
a a |
a |
a |
a |
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
1 |
2 |
3 |
4 |
5 |
6 |
1 |
2 |
|
3 |
4 |
5 |
6 . Докажем, что число |
|||||||||
a1a3a5a2a4a6 |
удовлетворяет условию задачи. |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
Разность между суммой первых и последних трех цифр |
|||||||||||||||||||
можно |
записать |
|
в |
виде |
(a a ) (a a ) (a a ) |
. |
Откуда |
|||||||||||||||
|
|
1 |
2 |
3 |
4 |
|
5 |
6 |
||||||||||||||
видно, что эта разность неотрицательна, и |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(a a ) (a a ) (a a ) |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
2 |
3 |
4 |
|
5 |
|
6 |
|
|
|
|
|
|
(a a ) (a a ) (a a ) (a a ) (a a ) a a |
9 |
. |
|||||||||||||||||||
|
|
|
1 |
2 |
|
2 |
|
3 |
|
3 |
|
4 |
4 |
5 |
|
5 |
6 |
1 |
|
6 |
|
11. Условимся записывать любое число от 0 до 9999999 семью цифрами, приписывая спереди, если потребуется, нужное количество нулей. Количество чисел, в записи которых нет
единицы, |
равно |
9 |
7 |
(каждая из семи цифр может принимать лю- |
||
бое из 9 значений: 0, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9). Так как всего чисел 10 |
7 |
, |
||||
то доля |
чисел, |
|
|
в записи которых нет единицы, равна |
9 |
7 |
|
|
|
|
10 |
7 |
|
|
0, 4782969
0,5
. Ответ: больше чисел, в записи которых
встречается единица.
12. Первая цифра не превосходит двух. А так как она будет последней цифрой при умножении на 4, то она четная, значит, равна 2. Последняя цифра не меньше 8, так как она является первой цифрой в произведении. А так как произведение ее на 4 оканчивается на 2, то эта цифра 8. Вторая цифра при умножении на 4 не дает переноса в следующий разряд, значит, она меньше 2 (2 уже есть). Эта цифра нечетная, так как она должна быть нечетной в разряде десятков произведения из-за переноса 3 из раз-
15
ряда единиц. Значит, вторая цифра 1. Теперь легко находим третью цифру, равную 7, и искомое число 2178.
13. Пусть тройка (x, y, z) является решением. Тогда хотя бы одно из чисел этой тройки больше 1, так как иначе второе уравнение не выполнится. Пусть х > 1, тогда y < 1, z < 1. Если х < 2, то х2 < 2х. А так как y3 y2 2y2, z4 z3 2y3, то x2 + y3 + z4 < 2(x + y2 + z3) = 4, и второе уравнение не выполняется. Значит, х = 2,
тогда y = z = 0. Если же у > 1, то y2 2, y |
2 |
, y3 2 |
2 |
< 3. При |
этом x + z3 < 1, значит, x2 + z4 x + z3 < 1, и x2 + y3 + z4 < 3 + 1 = 4.
Второе уравнение не выполняется. Аналогично опровергается z > 1. Значит, (2; 0; 0) – единственное решение.
14. |
При |
a 1/ 2 |
уравнение является линейным и имеет |
|
один корень x 4 . При |
a 1/ 2 |
уравнение является квадратным |
||
и имеет |
не |
более |
одного |
корня при D 0 , то есть |
15a |
2 |
|
32a 12
0
,
следовательно,
a |
16 2 |
19 |
15 |
|
|
|
|
или
a |
16 2 |
19 |
|
15 |
|
|
|
|
|
|
|
чаем ответ: |
a |
.
Учитывая, что
16 2 |
19 |
, a |
15 |
|
|
|
|
16 2 |
19 |
|
1 |
|
16 |
||
|
15 |
|
|
2 |
|
||
|
|
|
|
|
|
||
1/ 2 |
, a |
16 2 |
19 |
||||
|
|
15 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
2 |
19 |
15 |
|
.
, полу-
|
|
|
|
|
|
1 |
x2 |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
15. |
|
x2 1 |
|
|
|
x2 2 2 |
x2 1 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
Докажем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
последнее |
|
|
|
|||||||
x |
2 |
2 |
|
x |
2 |
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
1 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
x |
2 |
1 |
|
2 |
||||||||||
x |
|
1 |
|
x |
|
1 |
|
x |
|
|
1 |
|
|
x |
|
1 |
||||
2 |
|
2 |
|
2 |
|
|
|
2 |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
положительных взаимно обратных чисел.
|
x |
2 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
2 |
1 |
2 . |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
неравенство:
как сумма двух
16 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Замечание: возможно получить решение исследованием |
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
1 |
x2 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
функции f (x) |
|
x2 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
16. Выполним оценку выражений на ОДЗ: |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
1, |
|
x |
2 |
|
1 |
|
1 |
|
x |
2 |
x , x |
x |
2 |
|
1 |
|
1 |
0 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
cos x |
|
|
|
|
|
|
|
|
cos x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
cos x |
|
|||||||||
|
|
|
Причем равенство достигается при |
cos x 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
Так как cos x 1, то 2 |
cos x |
|
1 |
, причем равенство достига- |
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
2 |
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ется при cos x 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
Сложим неравенства, полученные в результате оценки: |
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
2 |
cos x |
x |
x |
2 |
|
|
1 |
1 |
1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
cos x |
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Следовательно, решение исходного неравенства возможно |
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
в случае |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
2 |
cos x |
x |
x |
2 |
|
|
1 |
1 |
1 |
, |
что достигается только при |
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
cos x |
2 |
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
cos x 1 |
. Ответ: x = + 2 n, n Z. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
17. |
|
|
Запишем |
|
|
|
|
|
уравнение |
в |
|
|
|
|
виде: |
|
||||||||||||||||
x |
|
5 |
x |
|
(2x a) |
|
|
|
2x a . |
Введем функцию f (u) u(u |
|
1) . |
|
||||||||||||||||||||||
2 |
|
2 |
5 |
|
4 |
|
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Тогда уравнение можно записать в виде |
f x2 f (2x a) . Так |
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||
как функция f (u) |
|
монотонна (строго возрастает), то |
|
x |
2 |
2x a , |
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
или |
x |
2 |
2x a |
0 |
. Следовательно, |
хотя бы один корень суще- |
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||
ствует тогда и только тогда, когда дискриминант |
1 a 0 |
. От- |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
вет: |
a 1 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
18. Введем обозначение |
t x . Уравнение приводится к |
|
||||||||||||||||||||||||||||||
виду |
9 3t 10 p t 2 , |
или |
p 27 t 2 p 90 . При |
p 27 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
17 |
|
решений нет, при |
p 27 |
получим t |
2 p 90 |
. Так как t |
0 |
, то |
||||||
|
p 27 |
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
уравнение |
не имеет решений при |
2 p 90 |
0 |
. Отсюда |
||||||||
p |
27 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
p [27; 45) |
, т.е. p принимает 18 целочисленных значений. |
|
|
Ответ: 18.
19. Выполняем преобразования:
(sin2x + cos2x)(sin4x – sin2x cos2x + cos4x) = cos42x; (sin4x + 2sin2x cos2x + cos4x) – 3sin2x cos2x = cos42x;
(sin2x + cos2x)2 – (3/4)sin22x = cos42x;
1 – (3/4)(1 – cos22x) = cos42x; 1 + 3cos22x = 4cos42x.
Получившееся уравнение сводится к квадратному. Оно имеет допустимые решения cos2x = ±1, откуда x = n/2, n Z.
20. По теореме Виета x1 + x2 = –b/a, x1 x2 = c/a. Пусть y1 =
x12, y2 = x22. Тогда y1 + y2 = x12 + x22 = (x1 + x2)2 – 2x1 x2 = (b/a)2 –
2c/a; y1 y2 = (x1 x2) 2 = (c/a) 2. Отсюда искомое уравнение
|
|
b |
2 |
|
2c |
y |
2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
a |
a2y2 – (b2
|
c |
2 |
|
|
y |
|
0 |
||
a |
2 |
|||
|
|
|||
|
|
|
– 2ac)y +
, или
c2 = 0.
21.В любой момент каждая из n команд может сыграть 0, 1, 2, …n–1 матчей (n вариантов). Однако, не может быть двух команд, сыгравших 0 и n–1 матч (если они между собой не играли, то не может быть n–1, а если играли, то не может быть 0. Поэтому, вариантов остаётся не более n–1, значит, какие-то 2 команды сыграли одинаковое число матчей (принцип Дирихле).
Ответ: верно.
22.Рассмотрим квадрат 2 2 в левом верхнем углу, изначально он содержит 1 чёрную клетку. При каждом «перекрашивании» число чёрных клеток в нём меняется на чётное число,
поэтому никогда не может стать равным 0. Ответ: нельзя.
18
23.Только два предмета не имеют в названии общих букв
сназванием цвета, это яблоко и шоколад, а цвет – синий. Но так как яблоко не может быть синего цвета, то яблоко не в синей банке, и в синей банке шоколад. В красной банке может быть как яблоко, так и слива, в обоих случаях условие 3 выполняется: ударения в соответствующих словах падают на первый слог. Ответ. Яблоко в зелёной банке, шоколад – в синей, слива – в красной, либо яблоко в красной банке, шоколад – в синей, слива
– в зелёной.
24.В первый раз красных шариков было не меньше 35, так как иначе общее количество шариков было бы не больше 34 + 33 + 32 = 99. Зеленых шариков было не больше 32, так как иначе общее количество шариков было бы не меньше 33 + 34 + 35 = 102. Во второй раз эти цвета поменялись ролями, значит, красных стало не больше 32, а зеленых не меньше 35. А так как цвет могли изменить не более трех шариков, то три красных шарика стали зелеными, а количество белых не изменилось. Значит, белых было 100 – 32 – 35 = 33 шарика.
25.Каждое число в таблице представим в виде суммы числа единиц и числа десятков, например, 65 = 60 + 5. В последнем столбце представим по особому правилу: второе слагаемое (число единиц) сделаем равным не 0, а 10, например, 70 = 60 + 10. Тогда первые слагаемые будут одинаковы в каждой строке, а вторые в каждом столбце. Подсчитывая суммы оставшихся чисел, будем отдельно суммировать первые и вторые слагаемые. Так как в каждой строке осталось по 5 чисел, то каждое число десятков встретится по 5 раз, и их общее число равно 5(0+10+20+…+90). Так как в каждом столбце осталось по 5 чисел, то каждое число единиц встретится по 5 раз, и их общее число равно 5(1+2+3+…+10). Сложив эти числа, получим искомый ответ. Ответ: 2525.
26.Раскрасим клетки доски в шахматном порядке, чтобы получилось 13 белых и 12 черных. Соседние клетки разного
19
цвета, поэтому после перелета жук меняет цвет своей клетки. Значит, хотя бы одна из белых клеток окажется свободной.
Ответ: нет.
27.Занявшие последние четыре места сыграли между собой 6 партий, поэтому набрали вместе не менее 6 очков. Значит, занявший 2 место набрал не менее 6 очков. Тогда победитель мог набрать 7 или 6,5 очков. Если второй набрал более 6 очков, то у него 6,5 очков, и он потерял всего 0,5 очков в своих игах. Тогда он сыграл вничью с первым и набрал с ним одинаковое число очков, что противоречит условию задачи. Значит, занявший 2 место набрал 6 очков, как и последние четверо в сумме. Отсюда последние четверо проиграли всем остальным, в частности, занявший 5 место проиграл занявшему 3 место.
28.Всего у 60 лошадей 240 ног. Если бы всю работу выполнял один кузнец, то ему бы потребовалось 1200 минут. Значит 48 кузнецов никак не смогут выполнить всю работу быстрее,
чем за 1200:48=25 минут.
Покажем, как можно подковать всех лошадей за 25 минут. Разобьем кузнецов на 12 бригад по 4 кузнеца в каждой и выделим им по 5 лошадей. Каждая бригада сможет подковать «своих» лошадей за 25 минут следующим образом: организуем конвейер, назначив каждого кузнеца «ответственного» за определенную ногу лошади. Первые 5 минут первый кузнец подковывает «выделенную» ему ногу первой лошади, второй – второй, третий – третьей, четвертый – четвертой, а пятая лошадь отдыхает. Затем сдвигаем лошадей «по кругу». Первый кузнец подковывает пятую лошадь, второй – первую, третий – вторую, четвертый - третью, а четвертая лошадь отдыхает. Продолжая работать по данной схеме, каждая бригада подкует «своих» лошадей за 25 минут. Ответ: 25 минут.
29.Изобразим на графике узловые моменты: А, В – конец и голова колонны в начале, С место встречи посыльного с хвостом колонны, D – точка, в которой посыльный догнал голову колонны. Пусть ВС = х км, тогда АС = (1 – х) км. Пользуемся тем, что
20
отношение скоростей равно отношению пройденных расстояний за равные промежутки времени.
|
1 – x |
x |
|
A |
C |
B |
D |
|
1 км |
|
2,4 км |
До встречи с хвостом колонны посыльный прошел х км, |
|||
колонна |
|
|
– |
(1 – х) км. Все расстояние, пройденное посыльным – (2х + 2,4) км, колонной – 2,4 км. Приравняв соответствующие отношения, получаем уравнение
x |
|
2x 2, 4 |
. |
|
1 x |
2, 4 |
|||
|
|
Решив это уравнение и отбросив лишний корень, получаем
х= 0,6. Значит, посыльный прошел 3,6 км. Ответ: 3,6 км.
30.Если среди богатырей есть тертые, то самый лёгкий из них на первый вопрос должен был ответить «Да». Значит, все богатыри наивные, и самый легкий из них на второй вопрос ответит «Нет».
31.Проводим вычисления, пользуясь заданными тожде-
ствами:
2014 14 = (2014 14 + 14) – 14 = (2014 (14 14)) – 14 = 2014 0 – 14 =
=(2014 (2014 2014)) – 14 = (2014 2014) + 2014)) – 14 = 0
+2014 – 14 = 2000.
32.Нельзя. Сумма стираемых чисел имеет ту же четность, что и сумма написанных вместо них. Поэтому сумма всех чисел всегда имеет одну и ту же четность. А так как сумма исходных чисел нечетная, то набор из одних нулей получиться не может.
33.Если цветов больше 5, то найдется цвет, в 2 1 3
который окрашена только одна клетка. Но у нее не более четырех соседей, не хватает на остальные цвета. Значит, различных цветов не более пяти. Пример такой раскраски приведен на рисунке.
4 |
5 |
2 |
1 |
3 |
4 |