Serov_ch_1 / !poz049
.pdf51
C = ∆Q/∆ϕ ,
где ∆Q — заряд, сообщенный проводнику (конденсатору); ∆φ — изменение потенциала, вызванное этим зарядом.
Электрическая емкость плоского конденсатора |
C = |
ε0εS |
, |
|
d |
||||
|
|
|
где S—площадь пластин (каждой пластины); d—расстояние между ними; ε — диэлектрическая проницаемость диэлектрика, заполняющего пространство между пластинами.
Электрическая емкость плоского конденсатора, заполненного п слоями диэлектриков толщиной di; каждый с диэлектрическими проницаемостями εi; (слоистый конденсатор),
C = ε0 S .
d1 ε1 + d2 ε2 +... + dn εn
Электрическая емкость C последовательно соединенных конденсаторов:
в общем случае |
1 |
= |
1 |
+ |
1 |
+... + |
1 |
, где п — число конденсаторов; |
||
C |
|
|
C |
|
||||||
|
|
C |
C |
2 |
|
n |
|
|||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|||
Электрическая емкость параллельно соединенных конденсаторов: |
||||||||||
в общем случае |
|
С = С1 |
+ ... + Сn |
|
|
|
Энергия заряженного проводника выражается через заряд Q, потенциал φ и электрическую емкость C проводника следующими соотношениями:
W = |
1 |
Cϕ2 |
= |
1 Q2 |
= |
1 |
Qϕ. |
|||
|
|
|
|
|
||||||
2 |
2 C |
2 |
||||||||
|
|
|
|
|
Энергия заряженного конденсатора |
W = |
1 |
CU 2 |
= |
1 Q2 |
= |
1 |
QU , |
|||
|
|
|
|
|
|||||||
2 |
2 C |
2 |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
где C — электрическая емкость конденсатора; U — разность потенциалов на его пластинах.
Объемная плотность энергии (энергия электрического поля, приходящаяся на единицу объема)
ω = 12 ε0εE 2 = 12 ED,
где E — напряженность электрического поля в среде с диэлектрической проницаемостью ε; D — электрическое смещение.
Сила постоянного тока |
I = Q |
, |
|
t |
|
где Q — количество электричества, прошедшее через поперечное сечение проводника за время t.
Плотность электрического тока есть векторная величина, равная отношению силы тока к площади перечного сечения проводника:
rj = I kr ,
где kr |
S |
- единичный вектор, по направлению совпадающий с направлением движения |
положительных носителей заряда.
52
Сопротивление однородного проводника R = ρ |
l |
, |
|
S |
|||
|
|
где ρ — удельное сопротивление вещества проводника; l — его длина. Зависимость удельного сопротивления от температуры
ρ=ρ0(1+αt),
где ρ и ρ0 — удельные сопротивления соответственно при t и 0°С; t — температура (по шкале Цельсия); α — температурный коэффициент сопротивления.
Сопротивление соединения проводников:
|
|
|
n |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
последовательного R = ∑Ri ; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
i=1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
1 |
n |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
параллельного |
= ∑ |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
R |
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
i=1 |
i |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Здесь Ri — сопротивление i-го проводника; |
|
n — число проводников. |
|||||||||||||
Закон Ома: |
|
|
|
|
(ϕ1 −ϕ |
2 ) |
± ε12 |
|
U |
|
|||||
для неоднородного участка цепи I = |
= |
; |
|||||||||||||
|
R |
|
|
R |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
для однородного участка цепи I = |
ϕ1 −ϕ2 |
= |
U |
; |
|
|
|
|
|||||||
|
R |
R |
|
|
|
|
|||||||||
Здесь (ϕ1 −ϕ2 ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
— разность потенциалов |
на |
концах участка цепи; ε12 — ЭДС |
источников тока, входящих в участок; U — напряжение на участке цепи; R— сопротивление цепи (участка цепи).
Правила Кирхгофа. Первое правило: алгебраическая сумма сил токов, сходящихся в узле, равна нулю, т. е.
n
∑Ii = 0, где п — число токов, сходящихся в узле.
i=1
Второе правило: в замкнутом контуре алгебраическая сумма напряжений на всех участках контура равна алгебраической сумме электродвижущих сил, т. е.
n |
k |
|
|
∑Ii Ri = ∑εi , п — число участков, содержащих активное сопротивление; k — число |
|||
i=1 |
i=1 |
|
|
участков, содержащих источники тока. |
|
||
|
Работа, совершаемая электростатическим полем и сторонними силами в |
||
участке цепи постоянного тока за время t, |
A = IUt |
||
|
Мощность тока |
P = IU |
|
Закон Джоуля — Ленца Q = I 2 Rt ,
где Q — количество теплоты, выделяющееся в участке цепи за время t. Закон Джоуля
— Ленца справедлив при условии, что участок цепи неподвижен и в нем не совершаются химические превращения.
Плотность тока j, средняя скорость <u> упорядоченного движения носителей заряда и их концентрация п связаны соотношением
j = ne u ,
где е — элементарный заряд.
53
Закон Ома в дифференциальной форме j =σE ,
где σ — удельная проводимость проводника; E — напряженность электрического поля.
Закон Джоуля — Ленца в дифференциальной форме ω =σE 2 , где ω — объемная плотность тепловой мощности.
Примеры решения задач
Пример 1. Два точечных заряда 9Q и -Q закреплены на расстоянии l = 50 см друг от друга. Третий заряд Q1 может перемещаться только вдоль, прямой, проходящей через заряды. Определить положение заряда
Q1, при котором он будет находиться в равновесии. При каком знаке заряда Q1 равновесие будет устойчивым?
Решение. Заряд Q1 находится в равновесии в том случае, если геометрическая сумма сил, действующих на него, равна нулю. Это значит, что на заряд Q1 должны действовать две силы, равные по модулю и противоположные по направлению. Рассмотрим, на каком
из трех участков I , II , III может быть выполнено это условие. Для определенности будем считать, что заряд Q1 - положительный.
На участке 1 на заряд Q1 будут действовать две противоположно направленные силы: F1 и F2 . Сила F1 , действующая со стороны заряда 9Q, в любой точке этого участка больше силы F2 , действующей со стороны заряда -Q , так как больший заряд
9Q находится всегда ближе к заряду Q1 ,чем меньший (по модулю) заряд -Q. Поэтому равновесие на этом участке невозможно.
На участке 11 обе силы |
F1 и F2 направлены в одну сторону - к заряду -Q. |
||||||||
Следовательно, и на втором участке равновесие невозможно. |
|||||||||
На участке III силы F1 и F2 |
направлены в противоположные стороны, так же как и |
||||||||
на участке 1, но в отличие от него меньший заряд -Q всегда находится ближе к заряду |
|||||||||
Q1, чем больший заряд 9Q. Это значит, что можно найти такую точку на прямой, где |
|||||||||
силы F1 |
и F2 |
будут одинаковы по модулю, т. е F1 |
= F2 |
|
(1) . |
||||
Пусть |
x и |
l + x - расстояние от меньшего и большего зарядов до заряда Q1 . |
|||||||
Выражая |
в |
равенстве |
(1) F1 |
и F2 в соответствии с законом Кулона, получим |
|||||
9Q Q (l + x)2 |
= Q Q x2 , |
или |
l + x = ±3x , откуда x |
1 |
= +l 2, x |
2 |
= l 4 . |
||
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
||
Корень x2 |
не удовлетворяет физическому условию задачи (в этой точке силы F1 , и |
F2 хотя и равны по модулю, но сонаправлены).
Определим знак заряда Q1, при котором равновесие будет устойчивым. Равновесие называется устойчивым, если при смещении заряда от положения равновесия возникают силы, возвращающие его в положение равновесия. Рассмотрим смещение
54
заряда Q1 в двух случаях: когда заряд положителен и отрицателен.
Если заряд Q1 положителен, то при смещении его влево обе силы F1 и F2 возрастают. Так как сила F1 возрастает медленнее, то результирующая сила,
действующая на заряд Q1 , будет направлена в ту же сторону, в которую смещен этот заряд, т. е. влево. Под действием этой силы заряд Q1 будет удаляться от положения равновесия. То же происходит и при смещении заряда Q1 вправо. Сила F2 убывает
быстрее, чем F1 . Геометрическая сумма сил в этом случае направлена вправо. Заряд
под действием этой силы также будет перемещаться вправо, т. е. удаляться от положения равновесия. Таким образом, в случае положительного заряда равновесие является неустойчивым.
Если заряд Q1 отрицателен, то его смещение влево вызовет увеличение сил F1 и F2 , но сила F1 возрастает медленнее, чем F2 , т. е. Fr2 > Fr1 . Результирующая сила будет направлена вправо. Под ее действием заряд Q1 возвращается к положению равновесия. При смещении Q1 вправо сила F2 убывает быстрее, чем F1 т. е. Fr2 > Fr1 ,
результирующая сила направлена влево и заряд Q1 опять будет возвращаться к положению равновесия. При отрицательном заряде равновесие является устойчивым. Величина самого заряда Q1 несущественна.
Пример 2. Три точечных заряда Q1 = Q2 = Q3 = 1 нКл расположены в вершинах равностороннего треугольника. Какой заряд Q4 нужно поместить в центре
треугольника, чтобы указанная система зарядов находилась в равновесии? Решение. Все три заряда, расположенные по вершинам треугольника, находятся в одинаковых условиях. Поэтому достаточно выяснить, какой заряд следует поместить в центре треугольника, чтобы какой-нибудь один из трех зарядов, например Q1 ,
находился в равновесии. Заряд Q1 будет находиться в равновесии, если векторная сумма действующих на него сил равна нулю:
F2 + F3 + F4 = F + F4 = 0 , (1)
где F2 , F3 , F4 - силы, с которыми соответственно
действуют на заряд Q1 , заряды Q2 , Q3 , Q4 F - равнодействующая сил F2 и F3 .
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Так как силы |
F и F4 |
направлены по одной |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
прямой в противоположные стороны, то |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
векторное равенство (1) можно заменить |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
скалярным: |
F − F4 = 0, откуда |
F4 = F . Выразив в |
|||||||||
последнем |
равенстве |
|
F через |
F2 |
и |
F3 |
и |
учитывая, |
что |
F3 |
= F2 , получим |
|||||||||||
|
F = 2F cosα |
. Применив закон Кулона и, имея в виду, что Q = Q = Q , найдем |
||||||||||||||||||||
4 |
|
2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
3 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
Q Q |
|
|
Q2 |
|
|
α |
, |
откуда Q |
|
Q r2 |
|
α |
|
Q r |
(2) |
|
|
||||
|
1 |
4 |
= |
|
1 |
|
2cos |
|
= |
|
1 1 |
2cos |
|
= |
|
1 1 |
3 |
|
|
|||
4πε |
r2 |
4πε |
r2 |
2 |
|
2 |
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
4 |
|
|
r2 |
|
|
|
r2 |
|
|
|
|
|||||||
0 1 |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Из геометрических построений в равностороннем треугольнике следует, что
55
r |
= r 2 |
= |
r |
= r , |
cosα = cos300 = |
3 |
|
|
|||||
1 |
cos(α 2) |
|
2cos300 |
3 |
2 |
2 |
|
|
С учетом этого формула (2) примет вид Q4 = Q1 3 . Произведем вычисления: Q4 = 10−9 3 Кл = 5,77 10−10 Кл = 577 пКл.
Следует отметить, что равновесие системы зарядов будет неустойчивым.
Пример 3. Тонкий стержень длиной l=30 см несет равномерно распределенный по длине заряд с линейной плотностью τ=1 мкКл/м. На
расстоянии r0=20 см от стержня находится заряд Q1=10 нКл, равноудаленный от концов стержня. Определить силу F взаимодействия точечного заряда с заряженным стержнем.
Решение. Закон Кулона позволяет вычислить силу взаимодействия точечных зарядов. По условию задачи, один из зарядов не является точечным, а представляет собой заряд, равномерно распределенный по длине стержня. Однако если выделить на стержне
дифференциально малый участок длиной dl , то находящийся на нем заряд
можно рассматривать как точечный и тогда по закону Кулона сила взаимодействия между зарядами Q1 и dQ:
dF = |
1 Q1τdl |
, |
(1), где r — расстояние от выделенного элемента до заряда Q1 |
||||||||||||||||
4πε0 |
|
r 2 |
|
||||||||||||||||
Из чертежа |
следует, что |
r = |
|
r0 |
|
и |
dl = |
rdα |
, где r0 - расстояние от заряда Q1 до |
||||||||||
cosα |
cosα |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Q1τ |
|
|
||||||
стержня. Подставив эти выражения в формулу (1), получим dF = |
|
dα; |
|||||||||||||||||
4πε |
0 |
r |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
||
Следует иметь в виду, |
что |
dF |
- |
вектор, |
поэтому, прежде чем интегрировать, |
разложим его на две составляющие: dF1 , перпендикулярную стержню, и dF2 , параллельную ему.
Из рисунка видно, |
что |
dF1 = dF cosα , |
dF2 = dF sinα . |
Подставляя значение dF из |
|||||||||||||||
выражения (2) в эти формулы, найдем: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
dF = |
Q1τ cosα |
dα; |
dF = |
Q1τ sinα |
dα; |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
4πε0 r0 |
|
|
|
2 |
4πε0 r0 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Интегрируя эти выражения в пределах от -β до + β, получим |
|
||||||||||||||||||
+βQ τ cosα |
|
Q |
τ |
|
+β |
|
|
Q |
τ |
|
+β |
Q |
τ |
|
|||||
F1 = ∫ |
1 |
|
dα = |
1 |
|
∫cosαdα = |
1 |
| sinα |−β = |
|
1 |
|
2sin β; |
|||||||
4πε |
r |
4πε |
r |
|
4πε |
r |
4πε |
r |
|||||||||||
−β |
|
0 0 |
|
|
0 0 −β |
|
|
|
0 0 |
|
|
|
|
|
0 0 |
|
|
F1 = Q1τ sin β. 2πε0 r0
В силу симметрии расположения заряда Q1 относительно стержня интегрирование второго выражения дает нуль:
+β Qτ sinα |
|
Qτ |
|
+β |
Qτ |
|
|
||||
F1 = ∫ |
1 |
|
dα = − |
1 |
|
|
| cosα |−β = − |
1 |
|
|
(cos β − cos β) = 0 |
4πε |
r |
4πε |
0 |
r |
4πε |
0 |
r |
||||
−β |
0 |
0 |
|
|
0 |
|
|
0 |
|
56
Таким образом, сила, действующая на заряд Q |
, |
F = F = |
Q1τ |
sin β. |
|||||||
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
2πε0 r0 |
|
|
|
l / 2 |
|
|
|
l |
|
|
|||
Из рисунка следует, что sin β = |
l |
= |
. Подставив это выражение sin β в |
||||||||
|
|
r 2 |
+ |
2 |
|
4r 2 |
|
+ l 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
0 |
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
формулу (3), получим F = |
Q1τ |
|
4r |
l |
+ l 2 |
. |
|
|
|
|
|
|
2πε0 r0 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Произведем вычисления по формуле (4): F=5,4 10-4 Н=0,54 мН |
|
||||||||||
|
Пример 4. Два точечных электрических заряда Q1 = 1 |
||||||||||
|
нКл и Q2 = − 2 нКл находятся в воздухе на расстоянии |
||||||||||
|
d = 10 см друг от друга. Определить напряженность Е и |
||||||||||
|
потенциал ϕ поля, создаваемого этими зарядами в точке, |
||||||||||
|
удаленной от заряда Q1 , на расстояние r1 = 9 см и от |
||||||||||
|
заряда Q2 |
на |
r2 = 7 см. |
|
|
Решение. Согласно принципу суперпозиции электрических полей, каждый заряд создает поле независимо от присутствия в пространстве других
зарядов. Поэтому напряженность E электрического поля в искомой точке может быть найдена как геометрическая сумма
напряженностей |
E1 и E2 |
полей, |
создаваемых |
каждым зарядом в отдельности: |
||||||||||||||||||
E = E1 + E2 . |
Напряженности |
|
электрического поля, |
создаваемого |
в воздухе |
( ε=1) |
||||||||||||||||
зарядами Q1 и Q2 , |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
E1 = |
|
|
Q1 |
|
|
(1) |
E2 |
= |
|
|
Q2 |
|
|
(2) |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
4πε |
0 |
r 2 |
|
4πε |
0 |
|
r 2 |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|||
Вектор E1 направлен по силовой линии от |
заряда Q1 , так |
как этот |
заряд |
|||||||||||||||||||
положителен; вектор E2 направлен также по силовой линии, но к заряду Q2 , так как |
||||||||||||||||||||||
этот заряд отрицателен. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Модуль вектора E найдем по теореме косинусов: |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
E = |
E12 + E22 + 2E1 E2 cosα |
|
|
|
|
|
(3) |
|
|
|||||||||
где α - угол между векторами E1 |
и E2 , который может быть найден из треугольника |
|||||||||||||||||||||
со сторонами r1 ,r2 |
и d ·. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
d 2 − r 2 |
− r 2 |
. В данном случае во |
избежание громоздких |
записей удобно |
|||||||||||||||||
cosα = |
|
1 |
2 |
|||||||||||||||||||
|
2r1r2 |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
значение cosα вычислить отдельно: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
cosα = |
(0,1)2 |
|
− (0,09)2 − (0,07)2 |
= −0,238 |
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 0,09 |
0,07 |
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Подставляя выражение E1 из (1) и E2 |
из (2) в (3) и вынося общий множитель |
|||||||||||||||||||||
1 (4πε0 ) |
за знак корня, получаем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
57
E = |
1 |
|
Q2 |
+ |
Q2 |
+ 2 |
Q1 |
Q2 |
cosα (4) |
4πε |
|
1 |
2 |
r 2 r 2 |
|||||
|
0 |
r 4 |
|
r 4 |
|
|
|||
|
|
1 |
|
2 |
|
1 |
2 |
|
В соответствии с принципом суперпозиции электрических полей потенциал ϕ результирующего поля, создаваемого двумя зарядами Q1 и Q2 , равен алгебраической сумме потенциалов;
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ϕ = ϕ1 + ϕ2 . (5) |
|
|
|
|
|
|
|||||
Потенциал электрического поля, |
создаваемого в вакууме точечным зарядом Q на |
||||||||||||||||||||||||||||||||
расстоянии r |
|
от него, выражается формулой |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ϕ = |
Q |
|
(6) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4πε |
0r |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
В нашем случае согласно формулам (5) и (6) получим |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Q1 |
|
|
|
Q2 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
Q2 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
ϕ = |
|
|
|
+ |
|
|
|
|
или |
|
ϕ = |
|
Q1 |
+ |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4πε0r2 |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4πε0r1 |
|
|
|
|
|
4πε0 r1 |
r2 |
|||||||||||||
Произведем вычисления: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
E = |
|
|
1 |
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
4π (4π 9 109 ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
(10−9 )2 |
+ |
|
(2 |
10−9 )2 |
|
|
+ |
2 |
|
10−9 |
2 10−9 |
(−0,238) В м = 3,58 103 |
В м = 3,58кВ м |
|||||||||||||||||||
(0,09)4 |
(0,07)4 |
|
|
|
(0,09) |
2 (0,07)2 |
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
ϕ = |
|
|
|
1 |
|
|
|
10 |
−9 |
|
+ |
− 2 |
10 |
−9 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
В= −157В |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
4π (4π 9 109 ) 0,09 |
|
|
|
0,07 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 5. Две концентрические проводящие сферы радиусами R1 =6см и R2 =10см несут соответственно заряды Q1 =1нКл и Q2 = −0,5 нКл. Найти напряженность Е поля в точках, отстоящих от центра сфер на расстояниях r1 =5 см, r2 =9 см, r3 = 15 см.
Построить график.
Решение. Заметим, что точки, в которых требуется найти напряженности электрического поля, лежат в трех областях: области I ( r1 < R1 ), области II
(R1 < r2 < R2 ), области III (r3 > R2 )
1.Для определения напряженности E1 в области I проведем гауссову поверхность
S1 радиусом r1 и воспользуемся теоремой Остроградского-Гаусса:
∫En dS = 0
S1
(так как суммарный заряд, находящийся внутри гауссовой поверхности, равен
нулю). |
Из |
соображений |
симметрии |
|
En = E1 = const . |
|
Следовательно, |
||
E1 ∫dS = 0,и E1 |
(напряженность |
поля в |
||
S1 |
|
|
|
|
области |
/) |
во |
всех |
точках, |
удовлетворяющих условию r1 < R1 , будет
58
равна нулю. |
|
|
r2 . В этом случае |
|||
2. |
В области II |
гауссову |
поверхность проведем радиусом |
|||
∫En dS = Q1 |
ε0 , (так как внутри гауссовой поверхности находится только заряд Q1 ,). |
|||||
S2 |
|
|
|
= const , |
то E можно вынести за |
знак интеграла: |
Так |
|
как |
En = E1 |
|||
E∫dS = Q1 |
ε0 ,или ES2 |
= Q1 ε0 . |
|
|
||
Обозначив напряженность E для области II через E2 , получим |
E2 = Q1 (ε0 S2 ) , |
|||||
где S |
2 |
= 4πr 2 - площадь гауссовой поверхности. Тогда |
|
|||
|
|
2 |
|
|
|
Q
E2 = 4πε0r22 (1)
3.В области III гауссова поверхность проводится радиусом r3 . Обозначим1
напряженность Е области III через E3 и учтем, что в этом случае гауссова
поверхность охватывает обе сферы и, следовательно, суммарный заряд будет равен Q1 + Q2 . Тогда
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
3 |
|
|
= |
Q1 + Q2 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4πε |
0 |
r 2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Заметив, что Q2 |
< 0 , это выражение можно переписать в виде |
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
3 |
= |
Q1 − |
|
Q2 |
|
|
|
|
(2) |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r 2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4πε |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Убедимся в том, что правая часть равенств (1) и (2) дает единицу напряженности: |
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
[Q] |
]= |
|
|
|
|
|
1Кл |
|
|
|
=1В/ м |
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
[ε0 ][r 2 |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
Ф/м м2 |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
Выразим |
|
|
все |
величины |
|
|
|
|
|
в |
|
|
единицах |
СИ |
||||||||||||||||||||
(Q1 |
= 10−9 Кл, Q2 |
= −0,5 10−9 Кл, r1 |
= 0,09м, r2 = 0,15м, 1 (4πε0 ) = 9 109 м Ф ) |
|
||||||||||||||||||||||||||||||
и произведем вычисления: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
E |
|
= 9 |
109 |
10−9 |
|
В м = 1,11кВ м |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
2 |
(0,09) |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
(1− 0,5)10 |
−9 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
E |
|
= 9 |
109 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
3 |
(0,15)2 |
В м = 200 В м |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Построим |
график |
E(r) . |
В области |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I (r1 < R1 ) E = 0. В области II (R1 ≤ r ≤ R2 ) |
E2 (r) |
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
изменяется по закону |
1 r 2 . |
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
В точке r = R1 напряженность |
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
2 |
|
(R ) = Q |
(4πε |
0 |
R2 ) = 2,5 кВ/м. |
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
В точке r = R2 ( r |
стремится к R2 |
слева) |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
2 |
|
(R ) = Q |
(4πε |
|
R2 ) = 0,9 кВ/м. В области III |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
1 |
|
0 |
2 |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(r > R )E |
3 |
(r) изменяется по закону 1 r 2 , |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
( r стремится к R2 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
причем в точке r = R2 |
|
59
справа) E3 (R2 ) = (Q1 − Q2 )(4πε0 R22 ) = 0,45 кВ/м. Таким образом, функция E(r) в точках r = R1 , и r = R2 терпит разрыв.
График зависимости E(r) представлен на рисунке.
Пример 6. На тонком стержне длиной l равномерно распределен заряд с линейной
плотностью |
τ=10 нКл/м. |
Найти |
потенциал |
ϕ , |
созданный |
распределенным |
зарядом |
в точке |
A , |
расположенной на оси стержня и удаленной от его ближайшего конца на расстояние l .
Решение. В задаче рассматривается поле, создаваемое распределенным зарядом. В этом случае
поступают следующим образом. На стержне выделяют малый участок длиной dx . Тогда на этом участке будет сосредоточен заряд dQ = τdx , который можно считать
точечным. Потенциал dϕ, создаваемый этим точечным зарядом в точке А , можно определить по формуле
dϕ = |
dQ |
= |
τdx |
|
4πε0 x |
4πε0 x |
|||
|
|
Согласно принципу суперпозиции электрических полей, потенциал электрического поля, создаваемого заряженным стержнем в точке A , найдем интегрированием этого
выражения: ϕ = |
2∫l |
τdx |
= |
τ |
2∫l |
dx |
|
|
Выполним интегрирование: |
||||
4πε0 x |
4πε0 |
|
|
|
|||||||||
|
l |
|
l x |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
ϕ = |
|
τ |
lnx |
|
l2l = |
τ |
ln 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
4πε0 |
4πε0 |
Подставим числовые значения физических величин в СИ ( τ = 10 10−9 Кл/м 1(4πε0 ) = 9 109 м/Ф) и произведем вычисления:
ϕ = 9 109 10 10−9 0,693B = 62,4B .
Пример 7. Электрическое поле создается двумя зарядами Q1 = 4 мкКл и Q2 = −2 мкКл, находящимися на расстоянии а= 0,1 м друг от друга. Определить работу A1,2 сил поля по перемещению заряда Q = 50 нКл из точки 1 в точку 2 .
Решение. Для определения работы A1,2 сил поля
воспользуемся соотношением
A1,2 = Q(ϕ1 − ϕ2 )
Применяя принцип суперпозиции электрических
полей, определим потенциалы ϕ1 и ϕ2 |
точек 1 и 2 |
|||||||||||||||||||
поля |
ϕ1 = |
|
|
Q1 |
|
|
|
+ |
|
Q2 |
|
= |
2(Q1 + Q2 ) |
|
||||||
4πε0 a 2 |
4πε0 a 2 |
4πε0a |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
ϕ = |
Q1 |
|
|
+ |
|
Q2 |
|
|
= |
Q1 |
2 + Q2 |
|
|
|
||||||
2 |
4πε0a 2 |
|
|
4πε0a |
|
|
4πε0a |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Тогда |
A1,2 |
= |
|
|
Q |
0a |
[2(Q1 + Q2 ) − (Q1 |
2 + Q2 )], |
||||||||||||
|
|
|
|
|
4πε |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
60
или |
A1,2 = |
Q |
|
|
− |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
4πε0a |
Q1 2 |
+ Q2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Проверим, дает ли правая часть равенства единицу работы (Дж): |
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
[Q][Q1 ] |
|
= |
1Кл 1Кл |
|
|
= 1Кл 1В= 1Дж |
|
|
|
|
||||
|
|
[ |
ε |
0 |
] |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
[a] |
|
1Ф м 1м |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Подставим числовые значения физических величин в СИ |
|
|
|
|
|||||||||||||
( Q = 50 10 |
−9 Кл. Q = 4 10−6 Кл, Q = 2 10 |
−6 Кл, a = 0,1 м, 1 (4πε |
0 |
) = 9 109 |
м/Ф) и |
||||||||||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
произведем вычисления: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
A1,2 = 50 10−9 9 109 |
[4(2 −1 |
2) − 2] 10−6 Дж = 14,3Дж |
|
|
|
|
|||||||||||
|
0,1 |
Пример 8. На пластинах плоского конденсатора находится |
|||||||||||||||
|
|
||||||||||||||||
|
|
заряд Q =10нКл. Площадь S каждой пластины конденсатора |
|||||||||||||||
|
|
равна 100 см2 , диэлектрик - воздух. Определить силу |
F , с |
||||||||||||||
|
|
которой притягиваются пластины. Поле между пластинами |
|||||||||||||||
|
|
считать однородным. |
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
Решение. |
Заряд |
Q |
одной пластины находится |
в |
поле |
напряженностью Е, созданном зарядом другой пластины конденсатора. Следовательно, на первый заряд действует сила
|
|
F = QE . |
(1) Так как E = σ (2ε0 ) = Q (2ε0 S) , где σ - поверхностная плотность |
|||
заряда пластины, то формула (1) примет вид F = Q2 (2ε0 S) . |
||||||
Произведем вычисления: |
|
|||||
F = |
|
10−16 |
H = 5,65 10−4 |
H = 565мкH . |
||
2 |
8,85 10 |
−12 10−2 |
||||
|
|
|
Пример 9. Конденсатор емкостью C1 = 3мкФ был заряжен до разности потенциалов U1 =40В. После отключения от источника тока конденсатор соединили параллельно с другим незаряженным конденсатором емкостью C2 =5мкФ. Какая энергия
израсходуется на образование искры в момент присоединения второго конденсатора? Решение. Энергия, израсходованная на образование искры,
W ' = W +W , |
(1) |
|
1 |
2 |
|
где W1 - энергия, которой обладал первый конденсатор до присоединения к нему |
||
второго конденсатора; W2 - энергия, которую имеет батарея, составленная из двух |
||
конденсаторов. |
|
|
Энергиям заряженного конденсатора определяется по формуле |
||
W = 12 CU 2 , |
(2) |
|
где С - емкость конденсатора или батареи конденсаторов. |
||
Выразив в формуле (1) энергии W1 ,W2 |
по формуле (2) и приняв во внимание, что |
общая емкость параллельно соединенных конденсаторов равна сумме емкостей отдельных конденсаторов, получим
W ' = 1 |
2 |
C U 2 |
− 1 |
2 |
(C + C |
)U 2 |
(3) |
||
|
1 |
1 |
|
1 |
2 |
2 |
|
где U2 - разность потенциалов на зажимах батареи конденсаторов.