Добавил:
Upload Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

UML_4256

.pdf
Скачиваний:
26
Добавлен:
01.06.2015
Размер:
6.64 Mб
Скачать

Докажем, что последовательность многочленов Qn (x) равномерно

сходится к нулю на отрезке

 

[

]

. Как следует из (6), для этого

x

δ,1

 

достаточно доказать, что числовая последовательность a =

n(1δ 2 )n

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

сходится к нулю. Действительно,

рассмотрим числовой ряд an . По

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n=1

 

 

 

a

 

 

n +1(1δ 2 )n+1

=1δ 2 <1.

признаку

Даламбера

lim

 

n+1

 

= lim

 

 

 

an

n(1δ 2 )n

 

 

n→∞

 

 

n→∞

 

Следовательно, ряд сходится, тогда по необходимому признаку an 0

при n → ∞. Что и требовалось доказать. Пусть

 

 

1

 

 

 

 

 

 

Pn (x) = f (x +t)Qn (t) dt .

 

 

(7)

Докажем, что Pn

 

1

 

 

 

– многочлен.

[

]

Так как функция f (x) отлична от нуля только на отрезке

 

0,1

, то

есть для 0 x + t 1 или x t 1 x , то (7) можно записать так:

 

Pn (x) =

f (x +t)Qn (t) dt =

x +t = u

= f (u)Qn (u x) du =

 

 

 

 

1x

 

 

1

 

 

 

 

x

 

dx = du

0

 

 

 

1

 

1

 

 

 

 

 

= f (t)Qn (t x) dt = cn f (t)(1(t x)2 )n dt.

 

 

(8)

0

 

0

 

 

 

 

 

Из (8) видно, что Pn (x) – многочлен переменной x степени 2n .

 

Докажем,

 

что последовательность многочленов Pn (x) сходится

равномерно на отрезке x

[

]

к функции f (x) .

 

 

 

 

0,1

 

 

 

 

В силу равномерной непрерывности функции

f (x)

на всей оси

для ε > 0 найдется δ > 0 такое, что

 

 

 

 

 

 

 

 

 

f ( y) f (x) < ε

2

, если

 

y x

 

<δ .

 

f (x)

(9)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Заметим еще, что из непрерывности функции

следует ее

ограниченность, то есть

 

 

x (−∞, +∞).

 

 

 

 

Для x

[

 

 

]

 

f (x)

 

M

 

 

(10)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0,1 имеем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(7),(3)

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Pn (x) f (x)

 

 

=

 

 

f (x +t)Qn (t) dt f (x)Qn (t) dt

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

471

1

f (x

+ t) f (x)

 

Qn (t) dt

δ

f (x + t) f (x)

 

Qn (t) dt +

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

(9), (10)

δ

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

+

f (x

+t) f (x)

 

Qn (t) dt +

f (x + t) f (x)

Qn (t) dt

δ

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ε

 

 

 

δ

 

 

 

 

 

 

(11)

(9), (10)

δ

 

 

 

 

 

 

 

 

δ

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2M

Qn (t) dt +

2

Qn (t) dt + 2M Qn (t) dt =

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

δ

 

 

δ

 

 

 

1

 

 

 

 

ε

δ

 

(6), (3)

 

 

 

ε

 

= 4M Qn (t) dt +

 

Qn (t) dt

4M n(1δ 2 )n +

2

.

 

δ

 

 

 

 

2 δ

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Так

 

 

как

 

последовательность an 0

 

при n → ∞, то

4M n(1δ 2 )n < ε

 

 

 

 

n Nε .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

для всех x (0,1). Это неравенство можно

 

Итак,

 

 

Pn (x) f (x)

 

< ε

 

 

 

переписать в виде (1). Теорема доказана.

§ 5. Пространство l2. Обобщение n-мерного евклидова пространства

В§1 гл. 9 даны общие понятия линейного, нормированного и евклидова пространств. Остановимся подробнее на евклидовых пространствах.

Влинейном пространстве Rn скалярное произведение векторов

x = (x1, x2 , ... , xn ) и

y = ( y1, y2 , ... , yn ) определяется формулой

n

(x, y) = xi yi , а число векторов e1 = (1,0, ... ,0) , e2 = (0,1,0, ... ,0) , … ,

i=1

en = (0,0, ... ,1) ортонормированного базиса определяет размерность

пространства Rn . Известно, что всякий вектор x Rn может быть единственным образом разложен по ортонормированному базису:

 

 

 

n

, αi = (x,ei ) .

 

 

 

x = αiei

(1)

 

 

 

i=1

 

 

 

Обобщим понятие n -мерного евклидова пространства следующим

образом.

Вместо

энок,

то

есть

конечных

числовых

последовательностей, будем рассматривать бесконечные числовые последовательности действительных чисел x = (x1, x2 , ... , xn ,...) и

y = ( y1, y2 , ... , yn ,...) .

472

Операции сложения элементов, умножения на число α

определим, как в Rn :

x + y = (x1 + y1, x2 + y2 , ... , xn + yn , ...), αx = (αx1,αx2 , ... ,αxn , ...).

Легко убедиться, что получим линейное пространство, то есть все 8 аксиом линейного пространства выполняются. Скалярное

произведение определим также, как в Rn (x, y) = xi yi . (2)

i=1

Однако, чтобы скалярное произведение (2) имело смысл, необходимо потребовать сходимости ряда (2). Для этого достаточно сходимости ряда из квадратов элементов бесконечной

последовательности, то есть xi2 < ∞, или существования нормы

i=1

элементов

 

 

 

x

 

 

 

= (x, x) .

1

(xi2

+ yi2 ), то из сходимости рядов

 

 

 

 

 

Действительно, так как xi yi

 

2

 

 

 

по признаку сравнения

следует сходимость ряда (2).

x2

и y2

i

 

 

 

 

i

 

 

 

 

i=1

i=1

 

 

 

 

Выполнение аксиом скалярного произведения (см. §1 гл. 9) легко проверяется.

Итак, определив скалярное произведение формулой

< ∞,

(3)

(x, y) = x y , x2

i i

i

 

 

i=1

i=1

 

 

мы распространили понятие евклидова пространства на линейное пространство бесконечных последовательностей. Его обозначают l2 .

Рассмотрим ортонормированную систему элементов пространства

l2 :

e1 = (1,0,0, ...) , e2 = (0,1,0,0, ...) , … , ei = (0,0, ... ,1,0, ...) , …

(4)

(ei ,ek ) = δik .

 

n

Из (4) видно, что равенство αiei

i=1

только, если все αi = 0 . Следовательно, в

=θ , для n N возможно

l2 существует сколь угодно

много линейно независимых векторов. Такие пространства называют бесконечно мерными.

Возникает вопрос, является ли система (4) базисом пространства l2 , то есть можно ли всякий вектор x l2 представить в виде линейной

комбинации системы (4).

473

Теорема. Для всякого x l2 справедливо разложение в ряд по системе (4), то есть

 

 

x =

αiei , αi = (x,ei ) .

(5)

 

i=1

 

При этом ряд (5) сходится

к элементу x по норме,

порожденной

скалярным произведением (3).

 

 

Доказательство. Так как коэффициенты ряда (5), αi = (x,ei ) = xi , совпадают с составляющими элемента x , то частичные суммы ряда (5)

 

 

 

 

Sn =

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

0

 

равны

 

xiei

и нам следует

доказать,

что

 

x xiei

 

при

n → ∞.

 

 

 

i=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

i=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Действительно,

 

12

 

 

 

 

 

 

 

12

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

n

 

n

 

 

n

 

n

2

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x xiei

 

= x

xiei , x xiei

=

(x, x) 2xi (x,ei ) + xi

 

 

 

i=1

 

 

 

 

 

 

 

i=1

 

i=1

 

 

 

i=1

 

i=1

 

 

 

 

 

2

 

n

2

 

12

=

2 12

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= xi

xi

 

 

xn+i

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

i=1

 

 

i=1

 

 

 

 

i=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

при n → ∞ как остаток сходящегося ряда xi2 . Теорема доказана.

i=1

§ 6. Пространства Евклида и Гильберта. Базис

Рассмотрим некоторое линейное пространство L. Введем в нем скалярное произведение (x, y), x, y L . Тогда норму и метрику в этом

пространстве

можно

определить

формулами:

 

 

 

x

 

 

 

= (x, x) ,

 

 

 

 

ρ(x, y) = x y (см. §1 гл. 9). Если линейное пространство определено

над полем действительных чисел, то такое пространство называют евклидовым; если над полем комплексных чисел, то предгильбертовым.

Если предгильбертово пространство полное, то есть всякая фундаментальная последовательность сходится по норме к элементу этого пространства, то его называют гильбертовым и обозначают H . Полное евклидово пространство обозначим E .

Примерами полного евклидова (гильбертова) пространства является Rn (см. §3 гл. 9) и l2 (см. §5).

Рассмотрим пространство С2 [α, β] непрерывных на отрезке [α, β] действительных функций ϕn (x) со скалярным произведением

474

 

 

 

 

 

 

 

 

β

ϕi (x) ϕj (x) dx .

 

(ϕi ,ϕj ) =

(1)

 

 

 

 

 

 

 

 

α

 

 

Очевидно, это евклидово пространство не полное, поскольку

сходимость по норме

 

 

 

x

 

 

 

=

(x, x) этого пространства

средне-

 

 

 

 

квадратичная, то последовательность непрерывных функций может сходиться к разрывной функции (см. §1).

Если норму в пространстве С[α, β] непрерывных функций ввести

по формуле ϕ(x) = max ϕ(x) , то сходимость будет равномерной, а x [α,β]

пространство С[α, β] будет полным (см. §1-3).

Если

функции

комплекснозначные

(например,

ϕn (x) = einx = cosnx + isin nx ), то

скалярное

произведение определим

 

β

 

 

 

(x) –

 

формулой

(ϕi ,ϕj ) = ϕi (x)

ϕj

(x)dx, где

 

ϕ

комплексно-

 

α

 

 

 

 

 

сопряженная

функция. В этом

случае,

если норма

определяется

формулой ϕ = (ϕ,ϕ) , пространство будет предгильбертовым. Если

норма определяется формулой ϕ = max ϕ(x) , то пространство будет x [α,β]

гильбертовым.

Замечание. Если на отрезке [α, β]определено множество

функций, интегрируемых по Риману, то есть множество кусочнонепрерывных функций, то формулы (1) и (1) уже не будут определять

скалярное произведение,

так как не выполняется аксиома скалярного

произведения

(ϕ,ϕ) =

0 ϕ(x) = 0

[

]

. Однако при

x α, β

 

дополнительном условии

 

 

 

 

 

ϕ(x) =

1

(ϕ(x 0) +ϕ(x + 0))

 

(2)

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

эти формулы будут определять скалярное произведение для множества кусочно-непрерывных функций. Обозначим это пространство R[α, β].

Определение 1. Система {e

}

элементов евклидова

i

i =1

 

(предгильбертова) пространства называется ортонормированной, если все элементы этой системы попарно ортогональны и имеют единичную норму, то есть

(ei ,ej ) = δij .

(3)

475

Определение 2. Ортонормированная

система

{e

}

элементов

 

 

i

i =1

 

гильбертова пространства H называется

полной,

если

ее нельзя

пополнить, то есть не существует отличного от нуля элемента

пространства H , ортогонального каждому элементу системы {e

}.

i

i =1

Это равносильно тому, что замыкание системы совпадает с H .

 

Определение 3. Линейно независимая последовательность

ϕk

элементов нормированного пространства называется базисом этого пространства, если для всякого элемента x этого пространства имеет место разложение

 

 

 

 

 

x = αkϕk .

 

(4)

 

k =1

 

элементу x

по норме этого

При этом ряд

(4) сходится к

пространства.

 

 

 

 

Теорема. В любом гильбертовом пространстве существует

ортонормированный

базис {e

}.

Существуют

предгильбертовы

 

i

i =1

 

 

пространства, не имеющие ортогонального базиса (без доказательства).

§ 7. Примеры ортонормированных систем

Приведем примеры ортонормированных систем в евклидовом пространстве кусочно-непрерывных функций R[α, β].

Пример 1. Тригонометрическая система функций

 

 

 

1

,

1

cos nx ,

 

1

sin nx , n =1,2,3, ..., x [π,π ],

(1)

 

 

2π

π

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

ортонормированная на отрезке [π,π].

 

 

 

 

Доказательство.

Докажем сначала, что постоянная ϕ0 =

1

 

2π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ортогональна

всем

 

остальным

функциям

системы

(1):

 

1

 

1

 

 

 

 

 

π

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

,

 

 

 

cos nx

=

 

 

cos nx dx =

 

 

 

 

sin nx

π

= 0

. Аналогично

2π

π

 

2π

π 2n

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

найдем

 

 

 

,

 

sin nx

= −

 

 

cos nx

 

π

= 0.

 

 

 

 

2π

π

πn

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Если k n, то

476

π

(cos kx,cos nx) = cos kx cos nx dx =

π

=1 π(cos(k + n)x + cos(k n)x)dx = 0. 2 π

Аналогично найдем, что при k n

(sin kx,sin nx) =

1

 

π(cos(k + n)x cos(k + n)x)dx = 0 ;

2

 

 

π

 

 

(sin kx,cos nx) =

 

1

π(sin(k + n)x +sin(k n)x)dx = 0 .

 

 

 

 

2 π

1

π

При k = n имеем

 

 

 

(cos kx,sin nx) =

 

sin 2kxdx = 0 .

 

2

 

 

 

 

 

π

Итак, мы

 

убедились в попарной ортогональности членов

последовательности (1). Найдем нормы элементов последовательности

(1).

Если k = 0 , то

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

2

 

 

 

1

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

π

dx =1.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

π

 

 

π

 

 

 

2π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

При k 0 имеем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

cos kx,

 

 

 

 

cos kx

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

cos kx

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

π

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

1

 

π

cos2

π x dx =

1 π

 

 

 

 

+ cos 2kx) dx =1.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(1

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2π π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Аналогично найдем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

sin kx

 

 

 

2

=

 

1

 

π

sin2 kxdx

=

1

 

π

 

(1cos 2kx) dx =1.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

π

 

 

2π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

Таким образом система (1) нормированная. Что и требовалось

доказать.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

что последовательности {cos kx}k =0

 

Упражнение.

 

Убедиться,

и

{sin kx}k =1 – ортогональные

 

 

системы

 

 

 

 

функций

 

 

на отрезке [0,π].

Нормировать эти системы.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

[

 

]

Пример 2.

Последовательность

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

r (x) = sg n(sin 2n+1π x) , x

 

0,1 ,

n = 0,1,2,3, ... называют системой функций Радемахера. Убедимся, что последовательность функций rn (x) , ортонормированная на отрезке

[0,1].

477

Если отрезок

[

 

 

]

 

 

 

 

 

 

 

2n+1 равных частей (элементарных

 

 

0,1 разделить на

 

отрезков) (n) =

 

 

 

k

 

,

k +1

 

, k = 0,1, ... ,2n+1, то функцию r (x) можно

 

 

n+1

 

k

 

2

n+1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1, x (kn) ,k = 2m,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

записать так: rn (x) = −1, x (kn) , k = 2m +1,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0, x = 2n+1 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

То есть на четных элементарных отрезках rn (x) =1, на нечетных –

r (x) = −1, а в точках разрыва x =

 

k

r (x) = 0, полусумме пределов

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2n+1

n

 

левого и правого.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Найдем квадрат нормы (rn , rn ) =

 

 

 

rn

 

 

 

2 = rn2

(x) dx = 1 dx =1, то есть

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0

0

система функций Радемахера нормированная. Убедимся, что она и ортогональная. Действительно, так как число элементарных отрезков всегда четное, то при любом n и m > n каждый элементарный отрезок

(kn) будет содержать четное число элементарных отрезков (km) .

Поэтому rn (x) rm (x) dx =

±1 rm (x) dx = ± rm (x) dx = 0 .

(n)

(n)

(n)

k

k

k

Учитывая это, найдем

 

n+1

1

 

(rn , rm ) = rn (x) rm (x) dx = 2∑ ∫ rn (x) rm (x) dx = 0.

0

 

k =0 (kn)

Это означает ортогональность системы функций Радемахера. Что и

требовалось доказать.

 

 

 

Пример 3. Многочлены

[

]

(2)

n

T (x) = cos(narccos x) , x

 

1,1 , n = 0,1,2,3, ....

называют многочленами Чебышева.

Образуем с помощью многочленов Чебышева последовательность

функций

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Tn (x)

(3)

 

 

 

4

1x

2

 

 

 

 

n=0

 

и убедимся, что она ортогональная на отрезке [1,1]. Действительно,

478

 

1

 

 

 

1

 

 

1

1

 

 

 

 

 

 

Tk (x),

 

 

 

Tn (x)

=

 

 

Tk (x)Tn (x) dx =

 

 

4 1 x2

 

4 1x2

 

 

 

 

 

 

 

1

1x2

 

 

 

arccos x =θ

 

 

 

 

 

π 2, k = n 0,

 

=

 

 

dx

=

π

 

 

 

 

(4)

dθ = −

cos kθ cos nθ dθ = π, k = n = 0,

 

 

1x

2

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0,k n.

 

Равенства (4) и доказывают ортогональность системы функций (3). Из (4) также следует, что последовательность

1

1

,

2

1

Tn (x) , n =1,2,3, ...

 

 

 

 

 

 

 

π

 

4 1x2

π

 

4 1x2

(3 )

 

 

 

 

 

ортонормированна на отрезке [1,1].

Замечание. Часто вместо ортонормированной последовательности (3) используются непосредственно многочлены Чебышева (2). Скалярное произведение вводят по формуле

1

1

 

 

(Tk ,Tn ) =

Tk (x)Tn (x) dx

(5)

1x2

1

 

 

и говорят, что многочлены Чебышева Tn (x) ортогональны на отрезке

[

]

ρ(x) =

1

 

 

1,1

с весовой функцией

1x2

. Заметим, что интеграл (5)

 

 

 

 

 

несобственный.

§ 8. Ряд Фурье. Неравенство Бесселя. Равенство Парсеваля

Пусть

{ϕ

(x)}

(1)

i

i=1

 

ортонормированная система функций на отрезке [a,b]

предгильбертова пространства E , и пусть f (x) E – элемент этого

пространства.

Определение 1. Ряд

 

ckϕk (x) ~ f (x) ,

(2)

k =1

 

коэффициенты которого

 

ck = ( f ,ϕk ) ,

(3)

называется рядом Фурье функции f (x).

 

479

 

Знак соответствия вместо знака равенства в (2) стоит потому, что не ясно сходится ли ряд Фурье к функции f (x) в каждой точке отрезка

[a,b].

Прежде чем решать вопрос о сходимости ряда Фурье (2) к

функции f (x),

 

 

 

 

решим

 

предварительно

следующую

задачу: при

заданном n подобрать коэффициент αk

так, чтобы расстояние между

f (x) и суммой

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Sn

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

αkϕk (x)

 

 

 

 

(4)

было минимальным.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k =1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Решение. Расстояние в E определяется скалярным произведением

предгильбертового пространства E , то есть

 

 

 

ρ2 ( f , Sn ) =

 

 

 

f Sn

 

 

 

2 = ( f Sn , f Sm ) =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

( f , f )

 

n

 

+

f αkϕk , f

αkϕk =

2 f , αkϕk

 

 

 

 

 

 

k =1

 

 

 

 

 

 

k =1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k =1

 

 

+

 

n

 

n

 

(3)

 

f

 

 

 

 

2

2

n

 

n

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

αkϕk ,

αkϕk

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

αk ck

+ αk =

 

 

 

k =1

k =1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k =1

 

k =1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

f

 

 

 

2 c2 + (α

k

c )2 .

 

 

 

 

 

(5)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k =1

 

 

 

 

k =1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Очевидно, что расстояние между f (x) и Sn будет минимальным, если последнее слагаемое в (5) обратится в нуль, то есть при αk = ck . В этом случае

 

 

 

 

 

 

2 =

 

 

 

 

 

 

2

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

f S

n

 

 

 

f

 

 

 

c2 .

 

 

 

(6)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k =1

 

 

 

 

 

 

 

 

Вывод. Среди всех сумм вида (4) при любом фиксированном n

наименьшее уклонение от

f (x) имеет частичная сумма ряда Фурье (2).

Следствие 1. Коэффициенты ряда Фурье (2) удовлетворяют

неравенству Бесселя

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

c2

 

f

 

 

 

 

 

 

(7)

 

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k =1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Доказательство. Из

 

(6)

 

 

следует

 

f

 

2 c2

0 c2

 

f

 

2 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k =1

k =1

 

 

 

 

 

Поскольку последнее неравенство справедливо при любых n , то переходя к пределу, получим (7). Что и требовалось доказать.

480

Соседние файлы в предмете [НЕСОРТИРОВАННОЕ]