- •Оглавление
- •1. Химический эквивалент
- •При определении эквивалента вещества необходимо исходить из конкретной реакции, в которой участвует данное вещество. Например, из уравнения реакции
- •Примеры решения задач
- •2. Окислительно-восстановительные реакции в растворах
- •Задачи для самостоятельного решения Задание. Дана окислительно-восстановительная реакция (номер реакции соответствует варианту).
- •1. Определите: а) окислитель и восстановитель, б) тип окислительно-восстановительной реакции, в) молярные массы эквивалента окислителя и восстановителя.
- •2. Используя метод ионно-электронного баланса расставьте коэффициенты в схемах реакций.
- •3. Энергетика и направление химических процессов
- •3.1. Химическая термодинамика
- •Примеры решения задач
- •Задачи для самостоятельного решения
- •3.2. Химическая кинетика. Химическое равновесие
- •Различают среднюю скорость за какой-то промежуток време- ни t1 и t2:
- •Примеры решения задач
- •Задачи для самостоятельного решения
- •4. Растворы. Гидролиз солей
- •Примеры решения задач
- •Задачи для самостоятельного решения
- •5. Электрохимические процессы
- •Примеры решения задач
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Термодинамические характеристики некоторых веществ
- •Области перехода некоторых индикаторов
- •Константы ионизации (Кдисс) некоторых кислот и оснований в водных растворах при 298 к
- •Произведения растворимости (пр) некоторых малорастворимых электролитов при 298 к
- •Стандартные электродные потенциалы металлических электродов е0 298 к
- •Литература
- •Александр Иванович Апарнев
Примеры решения задач
Имеется раствор сульфата алюминия с массовой долей = 10 % и плотностью = 1,105 г/см3. Каковы молярная концентрация, молярная концентрация эквивалента, титр, моляльность и молярная доля этого раствора.
Решение. Найдем массу 1 л раствора
тр-ра =р-ра Vр-ра = 1,105 гсм–3 1000 см3 = 1105 г.
По определению массовой доли, в 100 г раствора содержится 10 г Al2(SO4)3, следовательно, в 1105 г будет содержаться (110510)/100 = = 110,5 г Al2(SO4)3.
Рассчитаем молярную массу Al2(SO4)3 и определим молярную концентрацию раствора.
М(Al2(SO4)3) = 342 г/моль.
Таким образом, в 1 л раствора содержится моль и молярная концентрация составит 0,32 моль/л.
Эквивалент молекулы Al2(SO4)3 равен 1/6 молекулы. Соответ-ственно 1 моль-эквивалент составляет 1/6 часть моля Al2(SO4)3. Следовательно, в одном моле Al2(SO4)3 содержится шесть моль-эквива-лентов, а в 1 л данного раствора 0,32 6 = 1,92 моль-экв Al2(SO4)3.
Таким образом, молярная концентрация эквивалента сэкв равна 1,92 моль/л (1,92 н.).
Найдем титр раствора, т.е. содержание Al2(SO4)3 в 1 мл:
г/мл.
По условию в 100 г раствора содержится 10 г Al2(SO4)3 и 90 г Н2О. Тогда на 1 кг, т.е. на 1000 г воды приходится (100010)/90 = 111,11 г Al2(SO4)3. Это составляет 111,11/342 = 0,325 моль. Следовательно, в 1000 г растворителя Н2О содержится 0,325 моль растворенного вещества Al2(SO4)3 и моляльность раствора сm по определению равна 0,325 моль/1000г = 0,325 моль/кг воды.
Найдем массу воды: тводы = mр-ра – тв-ва = 1105 – 110,5 = 994,5 г.
Это составляет 994,5/18 = 55,25 моль.
Молярная доля Al2(SO4)3 в растворе составит:
Чему равна массовая доля 0,2 М раствора (NH4)2SO4 с плот-ностью = 1,015 г/см3?
Решение. Требуется перейти от концентрации, выраженной в моль/л, к отношению масс растворенного вещества и раствора.
Выразим массу вещества сульфата аммония из формулы молярной концентрации:
.
Подставим это выражение в формулу для определения массовой доли и преобразуем:
.
По формуле взаимосвязи молярной концентрации св и массовой доли находим последнюю величину:
Рассчитать водородный показатель 0,005 н. раствора хлороводородной кислоты, содержащего 0,01 моль/л хлорида натрия.
Решение. Данный раствор содержит сильные электролиты, которые диссоциируют по уравнениям:
HCl = H+ + Cl–
NaCl = Na+ + Cl– .
Водородный показатель такого раствора определяется активностью иона Н+:
рН = ра(Н+) = – lga(H+).
Активность иона водорода определяется как
а(Н+) = f св(Н+).
Молярная концентрация раствора HCl равна св = сэкв/zэкв = = 0,005 моль/л, следовательно, концентрация с(Н+) = 0,005 моль/л; с(Na) = 0,01 моль/л; с(Cl–) = 0,01 + 0,005 = 0,015 моль/л.
Плотность очень разбавленного раствора можно принять равной плотности воды 1000 г/л, поэтому при вычислении ионной силы I раствора, а также активности иона, вместо моляльных концентраций можно использовать приблизительно равные им молярные концент-рации:
I = ½(c(Н+) z2(Н+) + с(Сl–) z2(Cl–) + c(Na+) z2(Na+) =
= ½ (0,00512 + 0,01512 + 0,0112) = 0,015.
По уравнению предельного закона Дебая–Хюккеля определяем средний коэффициент активности ионов в данном растворе:
Следовательно, f = 0,867.
Находим активность ионов водорода:
а(Н+) = f св(Н+) = 0,8670,005 = 0,0043.
Тогда, рН = – lg4,310–3 = 2,37.
Рассчитайте рН 0,1 М раствора циановодородной кислоты HCN. Определите, как изменится рН, если к 1 л раствора добавить 0,1 моль цианида натрия NaCN, кажущаяся степень диссоциации которого 0,85?
Решение. Слабая циановодородная кислота диссоциирует согласно уравнению: HCN H+ + CN–.
Учитывая, что константа диссоциации HCN Ка = 4,9310–10, степень диссоциации кислоты в растворе без добавления соли можно вычислить по упрощенному выражению закона разведения Оствальда:
Равновесная молярная концентрация иона водорода составит:
[H+] = сHCN = 7,0210–50,1 = 7,0210–6 моль/л.
Следовательно, водородный показатель исходного раствора равен:
рН = – lg[H+] = 5,15.
При добавлении в раствор соли NaCN равновесие диссоциации кислоты, согласно принципу Ле Шателье–Брауна, сместится влево (в сторону образования кислоты) в результате появления в растворе большого количества ионов CN– за счет диссоциации сильного электролита:
NaCN = Na+ + CN–.
При этом уменьшится концентрация ионов водорода в растворе, т.е. диссоциация слабой кислоты будет подавлена. Новую концентрацию ионов водорода можно обозначить через х (моль/л) концентрация ионов CN–, вносимых солью с концентрацией 0,1 моль/л:
c(CN–) = c(NaCN) = 0,1 0,85 = 0,085 моль/л.
Общая концентрация цианид-ионов в новом растворе составит
[CN–] = x + c(CN–) = x + 0,085.
Подставляя концентрации ионов в выражение Ка и учитывая, что из-за очень незначительной диссоциации кислоты концентрация недиссоциированной кислоты [HCN] практически совпадает с исходной концентрацией, получают
Решая уравнение, находим х = [H+] = 5,810–10 моль/л.
Следовательно, новое значение водородного показателя раствора
рН = – lg 5,810–10 = 9,24.
Таким образом, после добавления соли среда раствора изменилась и вместо слабокислой стала слабощелочной, что обусловлено не только подавлением диссоциации слабой кислоты HCN, но и гидролизом по аниону соли NaCN.
Оцените степень диссоциации в 0,005 М и 0,05 М растворах сернистой кислоты H2SO3.
Решение. Для решения следует использовать закон разведения Оствальда и значения констант диссоциации (из приложения). Сернистая кислота – слабый электролит, диссоциирует ступенчато:
; КаI = 1,710–2 (1-я ступень),
; КаII = 6,310–8 (2-я ступень).
Поскольку КII < KI , то диссоциацией кислоты по 2-й ступени можно в 1-м приближении пренебречь и рассчитывать для 1-й ступени диссоциации.
С другой стороны, значение KI относительно велико, поэтому рас-чет следует проводить по строгой формуле Оствальда. Для 0,005 М раствора
Расчет по приближенной формуле Ка ~ 2 с приводит к величине больше 1, что не имеет смысла. Для 0,05 М раствора получим:
Расчет по приближенной формуле дает ~ 0,58, что существенно отличается от рассчитанного выше. Нетрудно видеть, что с уменьшением концентрации слабого электролита увеличивается.
Вычислить константу гидролиза Кг, степень гидролиза г и рН 0,1 М раствора цианида натрия.
Решение. Соль NaCN, являясь сильным электролитом, полностью диссоциирует на ионы – NaCN Na+ + CN–. Соль NaCN образована сильным основанием NaOH и слабой кислотой HCN, поэтому гидролизуется по аниону. Записываем ионно-молекулярное и молекулярное уравнение гидролиза:
CN– + H-OH HCN + OH–
NaCN + H-OH HCN + NaOH
Гидролитическое равновесие характеризуется константой гидролиза, которое выводится с использованием ионного уравнения гидролиза:
.
Так, константа диссоциации HCN Ка = 4,9310–10. Тогда
Поскольку Кг мала, то степень гидролиза определяется по формуле:
В соответствии со стехиометрией реакции гидролиза [OH–] = = г св = 1,4210–3. Определим гидроксидный показатель и рН раствора:
рОН = – lg1,4210–3 = 2,85, тогда рН = 14 – рОН = 11,15.
Определить значение рН 0,01 М раствора хлорида цинка.
Решение. Соль ZnCl2 образована слабым основанием Zn(OH)2 и сильной кислотой HCl, поэтому гидролизуется по катиону:
I ступень
Zn2+ + H-OH ZnOH+ + H+
ZnCl2 + H-OH ZnOHCl + HCl
II ступень
ZnOH+ + H-OH Zn(OH)2 + H+
ZnOHCl + H-OH Zn(OH)2 + H+
Определим константы гидролиза для каждой ступени:
Находим концентрации ионов водорода, образующихся на I и II ступенях гидролиза:
[H+]I = (2,0410–810–2)1/2 = 1,4310–8,
(7,5810–1010–2)1/2 = 2,7510–6.
Следовательно,
[H+] = [H+]I + [H+]II = 1,70510–5 и рН = – lg[H+] = 4,77.
Среда кислая.
Для I ступени гидролиза рН можно рассчитать по формуле:
рН = – ½ lg(Кг(I) с) = – ½lg (2,0410–810–2) = 4,85,
значит, при приближенном расчете рН раствора солей II-й ступенью гидролиза можно пренебречь.
Зафиксировать величину рН данного раствора лучше всего можно с помощью лакмуса, который изменит свою окраску с синей на красную.
Рассчитать объем воды, необходимый для растворения 2,35 г йодида серебра AgI при Т = 298 К.
Решение. Записываем уравнение гетерогенного равновесия:
AgI = Ag+ + I–.
Связь между величиной произведения растворимости ПР и растворимостью S, выраженной в моль/л, определяется выражением:
ПРAgI = [Ag+][I–] = S2.
Отсюда растворимость AgI:
и масса AgI в 1 л насыщенного раствора (массовая концентрация)
смасс.AgI = SAgIMAgI = 9,2210–9235 = 2,1710–6 г/л.
Учитывая, что основной объем раствора занимает вода, объем воды, необходимый для растворения 2,35 г AgI, вычисляют по формуле: