Задачи и упражнения / Кузьменко Н.Е., Теренин В.И. и др. Вступительные экзамены и олимпиады по химии. Опыт МГУ
.pdfРешения заданий вступительных экзаменов 2006 г. |
323 |
Вариант БА-2006-4
1.16НС1 + 2КМп0 4 5С12Т + 2МпС12 + 2КС1 + 8Н20.
2.СЛцИ ,
НзС, и—сн2—сн3
Н3С^ 3. Дезоксигуанозинфосфат
4.X - Вг2.
5.51.89% АЦС3, 48.11% А1С13.
6.рН = 12.32; 0.757 М.
7.А - Ре; В - Ре804; С - Ре(Ы03)3; Б - Ре20 3.
1) РеО + С — |
Ре + СО; |
2)Ре + Н28 0 4(разб.) -» Ре804 + Н2Т;
3)6Ре804 + 2 Ш 0 3 + ЗН28 0 4 -> ЗРе2(804)3 + 2ИОТ + 4Н20;
4)ЗРеО + Ю Ш 03 -> ЗРе(Ж>3)3 + Ж>Т + 5Н20
5)4Ре(Ш 3)3 — 2Ре20 3+ 12Ы02Т + 302Т;
6)Ре20 3 + ЗН28 0 4 -> Ре2(804)3 + ЗН20.
8.Схема превращений:
|
|
|
ЫаОН |
С12 |
кон |
>С2Н4 |
|
|
С2Н5— ЧЖа |
» С2Нб- |
/ту |
*С2Н5С1- |
|
С2Н5 С |
ЫаОН |
с2н5он |
|
|||
(Жа |
|
|
(Жа |
|
||
|
|
|
|
|
||
|
|
НС1 |
А1 |
|
|
|
|
|
|
ЫаОН |
|
|
|
|
Ш 2 |
Ш 2 |
N02 |
|
МН2 |
|
9. 2.54% На3Р 04, 5.86% Ка2НР03, 22.38% ИаВг, 1.86% КаОН.
324 |
Письменный вступительный экзамен |
10.С5Н140 2Н2;
Шг-С Н —Сх °
^3Н7 ^ N 114
Факультет фундаментальной медицины
Вариант ФМБ-2006-1
1. Число электронов в ионе [642п(16ОН)4]2_
ЛГ(е) = 30 + 4 -(8 + 1) + 2 = 68.
Для расчета числа нейтронов воспользуемся формулой
А = 2 + N.
Число нейтронов
А\п) = (64 - 30) + 4 ■(16 - 8) = 66.
Ответ: 68 электронов, 66 нейтронов.
2. Общая формула гомологического ряда насыщенных монокарбоновых кислот С„Н2„02. Появление в молекуле тройной связи соответствует уменьшению числа атомов водорода на четыре. Искомая формула гомо логического ряда С„Н2„^02.
Ответ: С„Н2„^02.
3. а) Обработать вещество соляной кислотой. При наличии примеси карбоната бария будет наблюдаться выделение пузырьков газа:
ВаСОз + 2НС1 -> ВаС12 + С 02| + Н20.
б) Обработать вещество раствором щелочи при нагревании. При наличии примеси сульфата аммония будет происходить выделение пу зырьков газа с резким запахом:
(ЫН4)2304 + 2ИаОН — |
№ 2504+ 2 Ш 3| + 2Н20. |
4. Проанализируем моносахариды состава С„(Н20)„. Массовая доля углерода в них составляет
©(С) = 12л/(12л + 18л) = 0.4.
Это означает, что любой углевод, соответствующий вышеуказанной формуле, содержит 40% углерода по массе.
Ответ: например, глюкоза С6Н120 6 и рибоза С5Н10О5:
Решения заданий вступительных экзаменов 2006 г. |
325 |
|
с н о |
с н о |
|
н — о н |
|
|
н о — н |
|
|
н — о н |
|
|
№-|-ОН |
СН2ОН |
|
СН2ОН |
|
|
глюкоза |
рибоза |
|
5. Рассчитаем массу и количество 8 0 3 в составе исходного олеума:
тя(803) = т • со = 150 • 0.6 = 90 г; у(803) = 90 / 80 = 1.125 моль.
Реакция ангидрида с водой протекает по уравнению:
8 0 3 + Н20 -> Н28 0 4,
следовательно, при добавлении олеума к воде образуется 1.125 моль сер ной кислоты, масса которой
/и(Н28 0 4) = 98 • 1.125= 110.25 г.
Масса полученного раствора серной кислоты
/и(р-ра)= 150+ 100 = 250 г.
Суммарная масса серной кислоты в нем
/и(Н280 4) = 60+ 110.25 = 170.25 г.
Рассчитаем концентрацию (мольную долю) серной кислоты
со(Н28 0 4) = /и(Н28 0 4) / т(р-ра) = 170.25 / 250 = 0.681 (или 68.1%).
Ответ: 68.1%.
6. Примем, что в реактор ввели 1 моль диоксида серы и 3 моль ки рода и к моменту установления равновесия прореагировало х моль диок сида серы. Тогда равновесные концентрации составят:
2802 + 0 2 5* 2803.
1-х 3-0.5х х По условию задачи в равновесной смеси будет 0.3 моль 8 0 3 (х = 0.3),
0.7моль 8 0 2 и 2.85 моль 0 2. Суммарное количество газов - 3.85 моль. Состав равновесной смеси газов:
ф(802) = 0.7 / 3.85 = 0.1818 (или 18.18%); ф(02) = 2.85 / 3.85 = 0.7403 (или 74.03%); ф(803) = 0.3 / 3.85 = 0.0779 (или 7.79%).
Чтобы решить вторую часть задачи, необходимо рассчитать константу равновесия:
326 |
Письменный вступительный экзамен |
Предположим, что для достижения 35%-ного выхода продукта реак ции необходимо взять смесь исходных веществ в соотношении 1 : а и к моменту равновесия прореагировало у моль диоксида серы. Тогда равно весные концентрации составят:
2802 + 0 2 ^ 2803,
1-у а-0.5у у
По условию задачи в равновесной смеси будет 0.35 моль 8 0 3, следо вательно, у = 0.35. Подставим количества газов в выражение для констан ты:
0 .064= |
т—; |
0.29 |
г; |
г = 7---- :------ |
|||
|
0.65 -(а-0.175) (а -0.175) |
решив это уравнение, получим а = 4.7.
Ответ: 18.18% 8 0 2; 74.03% 0 2; 7.79% 8 0 3. Газы 8 0 2 и 0 2 необходимо ввести в реакцию в соотношении 1 : 4.7.
7.1) СиС1 + З Ш 3 + Н20 -> [Си(Ш 3)2]ОН + Ш 4СЛ;
2)[Си(Ш 3)2]ОН + СН3-О С Н -» С3Н3Си1 + 2 Ш 3Т + Н20;
3)2С3Н3Си + Н2804(разб) -> Си804 + Си + 2СН3-О С Н Т;
4)2Си804 — 2СиО + 2802| + 0 2|;
5)СиО + 2НС1 -> СиС12 + Н20;
6) СиС12 + Си |
НС1 > |
2СиС1. |
|
|
||
Ответ: X - [Си(ТЧН3)2]ОН; |
V - |
Си804; 2 - СиС12. |
|
|||
8. |
|
|
|
|
/ р |
|
|
\о—сн=сн2 |
|
|
|||
|
|
Vок + сн3-с. |
|
|||
|
|
|
+ КОН |
|
|
|
|
|
|
|
|
с н |
|
|
|
|
|
|
с н |
|
б) |
СН3—СН2-С Н 2—СН2-С Н 2—сн2—сн2—сн3 |
+ 4н 2; |
||||
в) |
СН3—С + |
РС15 —*• |
сн3—сГ |
+РОСЦ + НС1.- |
|
|
|
ОН |
|
|
|
С1 |
|
9.Реакция протекает по уравнению:
К2СЮ4 + СЮ3 -► К2Сг20 7 Количество хромата калия в исходном растворе
Решения заданий вступительных экзаменов 2006 г. |
327 |
у(К2СЮ4) = 300' 0Л94 = 0.3 моль. 194
Обозначим количество у(СЮ3) за х. После протекания реакции в рас творе будут находиться (0.3 - х) моль К2СЮ4 и х моль К2Сг20 7.
Масса образовавшегося раствора составляет
ти(р-ра) = 300 + 100* г,
масса хромата в нем
/я(К2Сг04) = (0.3 - х) • 194 г.
По условию задачи |
|
|
|
/ т / - ч |
(0.3 —л:) • 194 |
= 0.125. |
|
со(К2СЮ4) = |
-------- |
|
|
|
3 0 0 + |
1 0 0 * |
|
Отсюда х = 0.1 моль и, следовательно, в растворе находятся 0.2 моль хромата и 0.1 моль дихромата.
При прокаливании разлагается только дихромат калия:
4К2Сг20 7 — — » 4К2СЮ4 + 2Сг20 3 + 302|.
Твердый остаток после прокаливания состоит из двух веществ: К2СЮ4 и Сг20 3. Рассчитаем их количества и массы:
у(К2СЮ4) = 0.2 + 0.1 = 0.3 моль, у(Сг20 3) = 0.05 моль, /и(К2Сг04) = 0.3 • 194 = 58.2 г; /я(Сг20 3) = 0.05 • 152 = 7.6 г.
Масса твердого остатка
т = 58.2 + 7.6 = 65.8 г. Массовые доли веществ:
со(К2СЮ4) = 58.2 / 65.8 = 0.884 (или 88.4%); со(Сг20 3) = 7.6 / 65.8 = 0.116 (или 11.6%).
Ответ: 88.4% К2СЮ4, 11.6% Сг20 3.
10. Рассчитаем количества веществ, образовавшихся при реакции ор ганического вещества с раствором перманганата калия:
у(КНС03) = 40 /100 = 0.4 моль; у(С02) = 4.48 / 22.4 = 0.2 моль; у(Мп02) = 34.8 / 87 = 0.4 моль.
По условию задачи количество неизвестного вещества X составляло 0.6 моль. Исходя из этого, можно найти:
у(Х ): у(КНСОз): у(С0 2) : у(Мп02) = 0.6 : 0.4 : 0.2 : 0.4 = 3 : 2 : 1 : 2,
328 |
Письменный вступительный экзамен |
что соответствует схеме превращения
ЗХ + 2КМп0 4 -► 2КНС03 + С 02Т + 2Мп02| + гН20.
Из этой схемы видно, что молекула неизвестного вещества X содер жит только один атом углерода. Пусть формула вещества - СН*Ог Под считаем число атомов кислорода и водорода в обеих частях уравнения реакции:
3>> + 8 = 6 + 2 + 4 + 2 (баланс по кислороду);
Зх = 2 + 2г (баланс по водороду).
Если выразить 2 из второго уравнения и подставить в первое, получим следующее соотношение между х и у:
2 у - х = 2.
Поскольку х и у - положительные целые числа, попробуем подобрать их значения. Единственное химически верное решение получается при
х = У = 2,
следовательно, вещество X - СН20 2 - это муравьиная кислота НСООН.
ЗНСООН + КС103 -> ЗС02| + КС1 + ЗН20.
Ответ: муравьиная кислота НСООН.
Вариант ФМБ-2006-2
1. Число электронов в ионе [108А§(14КНз)2]+:
И(е) = 47 + 2 • (7 + 3) - 1 = 66.
Для расчета числа нейтронов воспользуемся формулой
А = 2 +
число нейтронов:
Ы(п) = (108 - 47) + 2 • (14 - 7) = 75.
Ответ: 66 электронов, 75 нейтронов.
2. Общая формула гомологического ряда алканов - С„Н2„+2 Появле ние в молекуле тройной связи эквивалентно уменьшению числа атомов водорода на четыре, введение двух циклов уменьшает число атомов во дорода еще на четыре. Искомая общая формула - С„Н2„_6
Ответ: С„Н2л_б
3. а) Поместить вещество в воду. Примесь СаС12 должна раствориться. Отфильтровать раствор и к фильтрату добавить нитрат серебра. В случае наличия примеси образуется творожистый белый осадок:
СаС12 + 2АеЖ )з —►Са(ЪЮз)2 + 2А§СЦ.
Решения заданий вступительных экзаменов 2006 г. |
329 |
б) Обработать раствором щелочи при нагревании. При наличии примеси карбоната аммония будет происходить выделение пузырьков газа с резким запахом:
(ЫН4)2С 03 + 2ИаОН — > Ш 2С 03+ 2Ш 3| + 2Н20.
4. Проанализируем моносахариды состава С„(Н20)„. Массовая доля кислорода в них составляет
со(О) = 16л / (12л + 18л) = 0.5333.
Это означает, что любой углевод, соответствующий вышеуказанной формуле, содержит 53.33% кислорода по массе.
Ответ: например, пентоза С5Н10О5 и тетроза С4Н80 4:
сно |
сно |
н==он |
н+он |
н—он |
|
СН2ОН |
СН2ОН |
рибоза |
эритроза |
5. Рассчитаем массу и количество |
8 О3 в составе исходного олеума |
(803 + Н2804): |
|
т(80 3) = т • со = 300 • 0.4 = 120 г;
у(803) = 120 / 80 = 1.5 моль,
следовательно, серной кислоты в олеуме содержится 180 г. При добавлении олеума к воде протекает реакция:
8 0 3 + Н20 -> Н28 0 4,
в результате которой образуется 1.5 моль серной кислоты с массой
/л(Н280 4) = 98 • 1.5 = 147 г.
Суммарная масса полученной серной кислоты:
/л(Н280 4) = 180 + 147 = 327 г.
Пусть масса прибавленной воды составляла х г. Тогда суммарная мас са полученного раствора:
т(р-ра) = 300 + х г.
Концентрация (мольная доля) серной кислоты в этом растворе:
со(Н2804) = /л(Н2804) / т(р-ра) = 327 / (300 +х) = 0.7.
Решив это уравнение, получим х = 167.14 г.
Ответ: 167.14 г.
Решения заданий вступительных экзаменов 2006 г. |
|
331 |
|||
8. |
|
|
|
|
|
О |
|
|
х> |
х> |
|
а) НС |
+ к о н —*• НС |
+ с н 3—с н 2—с |
; |
||
О—с н = с н —с н 3 |
хо к |
Хн |
|
||
б) 2 СН3—СН—СН3 + 2Ыа —► СН3—СН—СН—СН3 |
+2Ыа1; |
|
|||
I |
|
<!:н3 |
с н 3 |
|
|
в) < Р ^ С Н - С Н 2 + 2 К О Н ^ ^ < |
^ С |
=СН+ 2КС1 + 2Н20. |
|
||
С1 |
^1 |
|
|
|
|
9. При взаимодействии фосфора с раствором гидроксида калия выде ляется фосфин:
4Р + ЗКОН + ЗН20 -► ЗКН2Р 02 + РНзТ-
Рассчитаем молярную массу выделяющегося газа
М = рК Т / р = 1.184 • 8.31 • 350/101.3 = 34 г/моль,
что действительно соответствует фосфину. Количество выделившегося фосфина составляет
у(РН3) = р У / К Т = |
101.3-5.74 |
-------------- =0.2 моль. |
|
|
8.31-350 |
Примем количество КОН в исходном растворе за х моль. По условию задачи массовые доли гипофосфита и щелочи в конечном растворе рав ны:
( х - 0.6)-56 = 0.6- 104,
откуда х = 1.71 моль. Рассчитаем теперь массу исходного раствора тиисх, которая связана с массой конечного раствора следующим образом:
Гоисх + 0.8 • 31 - 0.2 • 34 = 257.4 г,
откуда тИСХ= 239.4 г.
Массовая доля щелочи в исходном растворе
со(КОН) = 1.71 • 56/239.4 = 0.4 (или 40%).
Ответ'. 40% КОН.
10. Рассчитаем количества веществ, образовавшихся при реакции ор ганического вещества с раствором перманганата калия:
у(КНСОз) = 30 / 100 = 0.3 моль;
у(К2С 03) = 20.7 / 138 = 0.15 моль;
у(Мп02) = 52.2 / 87 = 0.6 моль.