Добавил:
Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

Варламов Линейные електрические цепи переменного тока Ч3. 2012

.pdf
Скачиваний:
30
Добавлен:
12.11.2022
Размер:
1.5 Mб
Скачать

сопротивлением ZC(p) подобно тому, как в цепях синусоидального тока емкостной элемент заменялся комплексным индуктивным сопротивлением 1/jωC. В случае ненулевых начальных условий для изображения напряжения на емкостном элементе должно выполняться соотношение

U ( p) = U (0) +

1

I ( p) = E

+ Z

C

( p)I ( p),

 

p

pC

C 0

 

 

 

 

 

 

в котором первое слагаемое можно рассматривать как некоторый источник ЭДС в области изображений. При этом направление ЭДС источника EC0 должно быть противоположно направлению тока и напряжения на емкостном элементе.

Таким образом, операторная схема замещения емкостного элемента в области изображений состоит из элемента с операторным сопротивлением ZC(p) соединенного последовательно с источником ЭДС EС0. На рис. 2.2 показаны варианты операторной схемы замещения емкостного элемента при нулевых и ненулевых начальных условиях, в том числе вариант, в котором проведена замена источника ЭДС на эквивалентный источник тока.

Рис. 2.2

Законы Кирхгофа (и другие методы расчета линейных цепей) можно применить для нахождения изображений неизвестных токов и напряжений. Для этого достаточно построить операторную схему замещения, которая соответствует схеме цепи после коммутации. Ненулевые начальные условия должны быть учтены на операторной схеме замещения введением соответствующих источников ЭДС или источников тока так, как это показано на рис. 2.1 и 2.2. Алгоритм построения операторной схемы замещения и практиче-

41

Рис. 2.3

ское применение методов расчета в операторной форме рассмотрим на различных примерах.

Примеры

Задача 2.1. Для схемы цепи, изображенной на рис. 2.3 построить операторную схему замещения и найти изображение для напряжения UL2 .

Решение.

1. Построение операторной схемы замещения. Проанализируем начальные условия на индуктивных и емкостных элементах. Нулевые на-

чальные условия имеют место на элементах L2 (ток в этой ветви до коммутации не протекает) и C2 (по условию этот емкостной элемент до коммутации не заряжен). Поэтому на операторной схеме замещения этим элементам соответствуют элементы с операторными сопротивлениями

Z

= pL ,

Z

C2

=

1

.

 

1,2

2

 

 

pC2

 

 

 

 

 

На элементах L1 и C1 начальные условия являются ненулевыми. Через индуктивный элемент L1 до момента коммутации протекает

постоянный ток I = r +Er1 (в направлении, указанном на рис. 2.3

стрелкой).

 

На операторной схеме замещения

 

этому элементу

соответствует ветвь

 

аб (рис. 2.4), состоящая из элемента с

 

операторным сопротивлением и ис-

 

точника ЭДС

EL

= L1iL

(0).

 

 

 

 

0

1

 

 

 

 

По закону

коммутации iL (0+) =

 

 

 

 

 

1

 

Рис. 2.4

=i (0) = I. Поэтому E

L

=

EL1

.

 

 

L

 

 

 

r +r1

 

1

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

Напряжение (направление, которого указано на рис. 2.3 стрелкой) на емкостном элементе С1 до момента коммутации не изменяется и равно

42

UC1 =Ur1 = Ir1 = rE+r1r1 .

На операторной схеме замещения этому элементу соответствует ветвь вг (см. рис. 2.4), состоящая из элемента с операторным со-

противлением

 

1

и источника ЭДС E

=

UC (0)

.

 

 

pC1

 

 

 

C

0

 

p

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

По закону коммутации UC(0+) = UC(0–) = UС. Поэтому

 

 

 

EC

=

Er1

r2.

 

 

 

 

 

 

 

p(r +r1)

 

 

 

 

 

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Отметим,

что направление ЭДС

EL

должно совпадать с на-

 

 

 

 

 

 

0

 

 

 

 

правлением тока I,

а направление ЭДС EC

должно быть противо-

 

 

 

 

 

 

 

 

0

 

 

положно выбранному для напряжения

UC направлению.

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

Резистивным элементам r, r1 и r2 на операторной схеме (см. рис. 2.4) соответствуют элементы, сопротивление которых совпадает с резистивным. Источнику постоянной ЭДС на операторной схеме замещения соответствует источник, ЭДС которого в области изображений составляет Е/р.

2. Найти изображение напряжения можно, например, воспользовавшись методом двух узлов:

 

 

 

 

E

 

1

E

 

 

1

 

+ E

pC

 

 

 

 

 

 

 

r

 

pL +r

 

 

Uвг ( p) =

 

 

 

p

 

 

L0

 

C0

1

 

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

1

 

 

 

 

 

 

 

1

+

1

 

 

+ pC +

 

 

1

 

 

 

 

pL

 

r

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

pL1 +r1

 

1

 

pL2

+r2

+

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

pC2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

тогда

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Uвг ( p)

 

 

 

 

 

 

UL ( p) = I1,2 ( p) pL2 =

 

 

 

 

pL2 .

 

 

 

 

 

1

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

pL

+r

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

2 pC2

 

 

 

 

В общем виде дальнейшее упрощение выражения UL2 ( p) неце-

лесообразно. Для нахождения оригинала необходимо знать конкретное соотношение между параметрами цепи либо их числовые значения.

43

 

Задача 2.2.

Построить временные

 

диаграммы uC (t)

и uC (t) на емкостных

 

1

2

 

элементах после размыкания ключа в

 

цепи, схема которой изображена на рис.

 

2.5. Известно, что I = 3 мА, R = 6 кОм,

 

R1 = 1 кОм, R2 = 2 кОм, С1 = 1 мкФ, С2 =

Рис. 2.5

= 2 мкФ.

 

Решение.

 

 

 

1. Построение операторной схемы замещения. На емкостных элементах С1 и С2 начальные условия будут ненулевыми: до момента коммутации через резистивные элементы R1 и R2 протекает постоянный ток (направления тока и напряжения, указаны на рис. 2.5 пунктирными стрелками), поэтому

UC (0) =UC

=UR

= I12 R1

=

 

JR

 

R1

=2 В,

R + R1

+ R2

 

1

1

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

UC (0) =UC

 

=UR

= I12 R2

=

 

JR

 

R2

=4 В.

 

 

R + R1

+ R2

 

2

2

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

В момент коммутации: UC1 (0+) =UC1 (0+) и UC2 (0+) =UC2 (0). На операторной схеме замещения (рис. 2.6) каждому из емкостных элементов соответствует ветвь, состоящая из элемента с операторным сопротивлением 1/рС и источника ЭДС

EC0 , причем

 

E

=

UC1 (0+)

=

 

JR

 

,

 

C

 

 

 

p

 

 

p(R + R1 + R2 )

 

 

01

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Рис. 2.6

E

=

UC

(0+)

=

 

JRR

.

 

 

2

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C

 

 

 

p

 

 

p(R + R1 + R2 )

 

 

02

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

В операторной схеме замещения на рис. 2.6 отсутствует ветвь с резистивным элементом R, поскольку операторная схема замещения строится для интервала времени t 0. Резистивным элементам R1 и R2 соответствуют элементы с резистивными сопротивлениями, а источнику постоянного тока соответствует в области изображений источник J/p.

44

2. Изображения напряжений UC1 ( p) и UC2 ( p) могут быть най-

дены различными методами. Один из них – замена ветвей с источниками ЭДС на эквивалентные источники тока. В результате операторная схема замещения имеет вид, показанный на рис. 2.7.

Рис. 2.7

Такой же вид имела бы операторная схема замещения, если бы емкостные элементы С1 и С2 (при ненулевых начальных условиях) заменялись не на последовательно соединенные элементы (с операторным сопротивлением 1/рС и источником ЭДС EC0 ), а на па-

раллельно соединенные элементы, как это было показано ранее

(см. рис. 2.2).

Полученная операторная схема позволяет найти непосредственно

 

 

 

 

 

 

 

R

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

pC

 

 

 

J

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

UC1 ( p) = UR1 ( p) =

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

+ EC01 pC1 ,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R1

+

 

 

1

 

 

 

P

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

pC1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

pC

 

 

 

J

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

2

 

 

 

 

UC2 ( p) = UR2 ( p) =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

+ EC02 pC2 .

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R2

+

 

 

 

 

 

 

P

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

pC2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Подставив значения EC

 

и EC

, получим

 

 

 

01

 

 

 

 

 

02

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

UC1 ( p) =

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

J

+

 

 

 

JRR1C1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

,

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

p

 

R

+ R

+ R

 

C1

p +

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C1R1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

45

UC2 ( p) =

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

J

+

 

 

 

 

JRR2C2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

p

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R + R1 + R2

 

 

 

 

 

 

 

 

C2 p

+

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C2 R2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3. Для перехода от изображений к оригиналам учтём, что

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

е–at,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

p

+ a

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

=

1

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

(1 eat ).

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

p( p + a)

 

 

a

 

 

p

 

p + a

 

 

 

 

 

 

a

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Тогда для напряжения получаем:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

UC1 ( p) =

 

 

 

 

J

 

 

 

 

 

 

 

 

+

 

 

 

 

 

JRR1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

uC1 (t),

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

R + R + R

 

 

 

p +

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C1 p p

+

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C1R1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C1R1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

JRR

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C R

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C R

 

U

C

(t) = JR (1e

 

 

 

1 1

)

+

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

e

1 1 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R + R1 + R2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Окончательно имеем:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C R

 

 

 

 

 

uC1 (t) = JR1

1

+

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 e

1 1

 

=

 

 

 

 

 

 

R + R

+ R

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1000t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=3 10

3

1

10

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1000t

 

 

1 +

 

 

 

 

1 e

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=3 e

 

 

 

 

.

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Аналогично:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C R

 

 

 

 

 

uC2 (t) = JR2

1

+

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 e

2 2

 

=

 

 

 

 

 

R + R

+ R

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=3 10

3

2

10

3

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

250t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

250t

 

 

 

 

1 +

 

 

 

 

1 e

 

 

 

 

 

 

 

 

= 6 2e

 

 

 

.

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Полученные выражения для uC1 (t) и uC2 (t) при t = 0 дают значения uC1 (0) и uC2 (0) , совпадающие с ранее полученными значе-

ниями в п.1 решения этой задачи.

Временные диаграммы напряжений изображены на рис. 2.8.

46

Рис. 2.8

Задача 2.3. Найти ток i(t) в контуре после размыкания ключа в цепи, схема которой изображена на рис. 2.9.

Известно, что Е = 800 В, r = 20 Ом, L = 1 мГн, С = 5 мкФ. Решение:

1. До коммутации во внешнем контуре (ЕrL) протекает постоянный ток

I0 = E/r.

Напряжение на емкостном элементе

UC

= E .

 

 

0

 

 

 

Ток через индуктивный элемент

Рис. 2.9

IL = I0 =

E

.

 

 

 

0

 

r

 

 

 

 

2. Строим операторную схему замещения

 

(для состояния цепи, возникающего после размыкания ключа), в которой учитываем ненулевые начальные условия на емкостном и индуктивном элементах. На основании второго закона Кирхгофа (записанного для контура операторной схемы на рис. 2.10) получаем

соотношение для нахождения

изображения

I(p) искомого тока:

 

 

 

 

 

 

Рис. 2.10

 

 

 

 

UC0

 

 

 

1

 

 

I ( p) pL2

+ r2 +

 

 

=

 

 

+ LIL0 .

 

 

p

 

 

pC2

 

 

 

Учитывая значения UC0 и IL0 (из п.1 решения), получим

47

 

E

 

p +

 

r

 

 

I ( p) =

 

 

L

 

 

.

r

p2 + p

r

+

1

 

 

L

CL

 

 

 

 

 

 

Изображение можно записать (выделив полный квадрат):

 

 

E

 

 

 

 

 

 

 

 

 

p +

r

 

 

 

 

 

 

 

 

 

I ( p) =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

L

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

r

p

2

+ 2 p

r

 

 

r2

 

 

r2

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

+

 

 

 

 

 

 

+

 

 

 

 

 

 

 

 

 

L

 

 

 

2

 

2

CL

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4L

 

4L

 

 

 

E

 

 

 

 

 

 

 

p +

r

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

L

 

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

r

 

 

 

 

r

2

 

 

1

 

 

 

 

r2

 

 

 

 

 

 

 

 

p +

 

 

 

+

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2L

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

CL

 

 

4L

 

 

 

 

3. Для перехода от найденного изображения к оригиналу тока i(t) используем таблицы оригиналов и изображений:

p + a

Ae

bt

sin(ωt + d).

( p b)2 2

 

Между коэффициентами левой и правой части имеет место соответствие (указанное в таблице оригиналов и изображений):

A =

1

(a +b)

2

2

d = arctg

ω

 

 

,

 

.

ω

 

a +b

Заметим, что в левой части изображения I(p) a = Lr , b = −2rL ,

 

1

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ω2 =

r

 

. Тогда

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

СL

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4L

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

r

 

 

2

 

1

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

A =

 

 

 

 

 

 

+

 

r

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

,

ω

 

 

 

 

CL

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

CL

 

 

 

 

 

2L

 

 

 

 

 

3L

 

1

 

 

 

r

2

 

 

 

 

 

 

 

2

C

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

r

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

CL

 

 

2

 

 

 

 

 

4L

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3L

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ω

 

 

2L

1

 

 

 

r2

 

 

 

 

 

 

 

4L

 

 

 

 

 

 

 

 

d = arctg

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= arctg

 

 

 

 

1.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

r CL

 

 

2

 

 

2

C

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

r / 2L

 

 

 

3L

 

 

 

 

 

 

 

r

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Таким образом, получаем

48

 

 

 

 

 

 

 

 

 

E

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

p +

 

r

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

I ( p) =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

L

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

i(t),

 

 

 

 

 

 

r

 

 

 

 

 

r 2

 

 

 

1

 

 

 

 

r2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

p +

 

 

 

 

+

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2L

 

 

 

CL

 

 

 

4L

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

E

 

 

 

 

 

 

 

rt

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

r

2

 

 

 

 

 

 

 

4L

 

i(t) =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

e

 

2L

sin

 

 

 

 

 

 

t +arctg

1 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

C

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

CL

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

2

C

 

 

 

r

1

r

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3L

 

 

 

 

 

 

r

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4L

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4. Подставляем числовые значения:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

r

 

=

 

 

20

 

 

=

1 10

4

 

–1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

с ,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2L

 

2 1 103

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

r2

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

202

 

 

 

=1 104 рад/с,

 

 

 

 

 

 

 

 

1 103

5 106

4

1 106

 

 

CL 4L2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

r2C

=

 

1

 

1

 

=

 

1

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4L

 

 

2

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

В результате получим:

i(t) = 800 e10000t sin(10000t +arctg1) = 20 12

= 40 2 e10000t sin(10000t + π/ 4). Ответ: i(t) = 40 2 e10000t sin(10000t + π/ 4) [А].

Задача 2.4. Найти токи i1 и i2 в обмотках трансформатора без магнитопровода (схема на рис. 2.11). Известно, что Е = 10 мВ, r1 = = r2 = 2 Ом, L1 = L2 = L= 2M = 20 мГн.

Рис. 2.11

Заметим, что условие задачи предлагает рассчитать переходный процесс в режиме короткого замыкания вторичной обмотки трансформатора (в обмотке отсутствует нагрузка).

49

Решение. Воспользуемся схемой замещения трансформатора без магнитопровода (рис. 2.12).

Рис. 2.12

Учтем, что начальные условия – нулевые и что в операторной схеме замещения индуктивные элементы обладают операторным сопротивлением (рис. 2.13).

Рис. 2.13

1. Изображения токов I1(p) и I2(p) можно найти, воспользовавшись, например, методом контурных токов. Соответствующая система уравнений выглядит так:

[r1 + p(L1 M ) + pM ]I1 ( p) pMI2 ( p) = Ep ;pMI1 ( p) +[r2 + p(L2 M ) + pM ]I2 ( p) = 0.

После приведения подобных членов получаем:

[r1 + pL1 ]I1 ( p) pMI2 ( p) = Ep ;pMI1 ( p) +[r2 + pL2 ]I2 ( p) = 0.

2. Главный определитель системы (с учетом условия задачи) имеет вид:

(r + pL )(r + pL ) p2 M 2 = (r + pL)2

p2 M 2 =

1

1

2

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= (r + pL + pM )(r + pL pM ) =

 

 

= (L + M )

 

r

+ p

(L M )

 

r

 

 

+ p

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

L + M

 

 

L M

 

 

 

= (L2 + M 2 )

 

r

+ p

r

 

+ p .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

L + M

L M

 

 

 

 

50