Методическое пособие 438
.pdfНахождение сил, ускорений и других кинематических характеристик.
Метод решения. В большинстве случаев алгоритм решения при вращательном движении аналогичен алгоритму при поступательном движении механической системы.
1.Необходимо сделать чертеж, показав на нем силы, действующие на все тела системы, и ускорения их движения.
2.Получить в скалярной форме уравнения для
поступательного и вращательного движения каждого из тел системы в отдельности.
3.Решить с учетом конкретных условий задачи систему получившихся уравнений. Получить искомый результат в аналитическом виде и провести его анализ.
4.Получить численный результат.
Тип 3. Определение работы при вращательном движении.
Метод решения. Прямое интегрирование выражения для работы
A Mzd ,
либо использование энергетического подхода
A E I 22 I 12 . 2 2
Тип 4. Упругое или неупругое взаимодействие тел при вращательном движении.
Метод решения. Применение законов сохранения механической энергии и момента импульса системы.
В тех случаях, когда характер сил взаимодействия неизвестен, только законы сохранения позволяют составить уравнения, связывающие параметры состояния системы, и найти по известным параметрам системы в одном состоянии ее параметры в другом состоянии.
При использовании законов сохранения следует обращать внимание на возможность применения того или
61
иного из этих законов. Закон сохранения момента импульса системы тел, совершающих вращение вокруг одной и той же неподвижной оси вращения, выполняется в тех случаях, когда сумма моментов внешних сил относительно этой оси равна нулю. Применение же закона сохранения энергии, как и при поступательном движении, возможно только тогда, когда система не только замкнута, но и консервативна (отсутствует переход механической энергии в другие виды). В частности, к неупругому соударению закон сохранения механической энергии неприменим.
1.4.3. Примеры решения задач
Задача 1. Рассчитать момент инерции однородного круглого диска массой m и радиусом R относительно оси диска.
Решение Момент инерции твердого тела зависит от массы и ее
распределения относительно оси вращения. При непрерывном распределении массы тела вычисление момента инерции сводится к интегрированию по объему тела.
Для осуществления интегрирования в данном случае выделим элемент тела в виде кольца радиуса r , ширины dr и толщины, равной толщине диска b (рис.18). Объем такого кольца
|
|
|
R |
|
dr |
dV 2 brdr , |
|||||||||
|
|
|
|
а его момент инерции |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
r |
|
|
|
|
|
dI r2dV 2 b r3dr , |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где - плотность тела. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
b |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Момент инерции |
всего диска |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
определится интегралом |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I 2 b r3dr |
b R4 . |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
2 |
|
|
|
|
|
|
Рис.18 |
|
|
|
|
|
Ввиду однородности диска |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
62 |
|
|
|
mm
.
V R2b
Сучетом этого, получим окончательно
I mR2 . 2
Задача 2. Вычислить момент инерции однородного сплошного конуса относительно его оси симметрии, если масса конуса m и радиус его основания R .
Решение Выполним рисунок и введем
необходимые обозначения (рис.19). |
|
|
|
|
|
|
|
z |
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
Пусть высота конуса равна |
|
h, |
ось |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
симметрии ось Z , угол между осью |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
Z и образующими конуса |
|
. |
В |
|
h |
|
|
|
r |
|
|
dz |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
качестве элемента интегрирования в |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
данном |
случае |
выберем |
|
|
диск |
|
|
|
|
|
|
|
R |
O |
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
радиуса |
r ztg |
и |
|
|
бесконечно |
|
|
|
|
|
|
|
Рис.19 |
|
|||||||||||||||
малой толщины dz . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Масса этого элемента равна |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
dm dV r2dz tg2 z2dz. |
|
|||||||||||||||||||||||||||
Плотность конуса выразим через его массу |
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
m |
|
|
3m |
|
3mtg |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
V R2h |
|
|
R3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Следовательно, момент инерции выделенного элемента |
|||||||||||||||||||||||||||||
равен |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dI |
1 |
r2dm |
3mtg5 |
z4dz . |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2R3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Момент инерции конуса найдем интегрированием |
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
3mtg5 h |
4 |
|
|
|
3mtg5 |
5 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
I |
|
|
|
|
|
z |
|
dz |
|
|
|
|
|
|
|
|
h |
|
. |
|
|
|
|
|
||||
|
2R |
3 |
|
|
|
|
10R |
3 |
|
|
|
|
|
0
С учетом того, что
63
h R , tg
Получим окончательно
I 3 mR2 . 10
Задача 3. Однородный диск радиуса R , толщиной h и плотностью имеет сквозное круглое отверстие радиусом
r R , центр которого лежит на середине радиуса диска
2 (рис.20). Найти момент инерции такого диска относительно
оси, перпендикулярной к плоскости диска и проходящей через центр диска.
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
Момент инерции тела с отверстием |
||||||||||||
|
|
|
|
|
или полостью можно представить в виде |
|
||||||||||||
|
|
R |
r |
|
где I0 |
и I1 |
|
|
|
|
|
|
I Io I1, |
|
|
|||
|
|
|
|
- моменты инерции сплошного |
||||||||||||||
|
|
O d |
|
|
тела |
|
и |
|
|
вырезанной |
части |
тела |
||||||
|
|
|
|
|
относительно указанной оси. |
|
|
|||||||||||
|
|
Рис.20 |
|
|
равен |
Момент |
инерции |
целого |
диска |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I |
0 |
|
m R2 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
, |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
||||
где m R2h - масса диска. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Так как отверстие смещено относительно оси вращения, |
||||||||||||||||
то |
момент |
инерции вырезанной |
части диска найдем |
с |
||||||||||||||
помощью теоремы Штейнера |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
I |
|
|
|
m r2 |
m d2 , |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
1 |
|
|
|
||||
|
|
m r2h - |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
где |
масса |
вырезанной |
|
части |
диска;r R/2 |
- |
||||||||||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
радиус отверстия; |
d R/2расстояние между осями. |
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
64 |
|
|
|
|
|
|
|
|
С учетом вышесказанного получим
I I |
|
I |
m R2 |
( |
m r2 |
md2). |
|||
0 |
|
0 |
|
1 |
|||||
|
|
|
|
||||||
|
|
1 |
|
2 |
|
2 |
1 |
||
|
|
|
|
|
|
|
|||
После подстановки соответствующих значений и |
|||||||||
выполнив преобразования, получим |
|
|
|
||||||
|
|
|
I 0,4 hR4 . |
|
|||||
Задача 4. Через |
блок |
в |
виде |
диска массой m0 |
перекинута нить, к концам которой прикреплены грузы массами m1 и m2 (m2 m1 ) . Найти ускорение грузов. Трением пренебречь.
Решение Выполним чертеж, показав на нем все силы,
действующие на грузы и блок, и ускорения движения (рис.21). Применим к решению задачи основные законы динамики поступательного и вращательного движения. В скалярной
форме уравнения примут вид |
|
|
|
r |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
m1a T1 m1g, |
|
|
|
I |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
T1 |
|
|
|
|
|
|||||||
|
m2a m2g T2, |
|
|
|
|
T2 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
I r(T2 T1). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
a1 |
|
T1 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Если |
нет |
проскальзывания |
|
|
|
|
|
T2 |
||||||||
нити по блоку, то линейное и угловое |
|
|
m1 |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
ускорение |
связаны |
между |
собой |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a2 |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
соотношением |
a/r. |
|
|
|
m1g |
|
|
|
m2 |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Решая эти уравнения, получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
m2g |
|||||||||||
|
a |
|
m2 m1 |
g. |
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
Рис. 21 |
||||||||||||
|
m1 |
m2 |
I /r2 |
|
|
Задача 5. К шкиву креста Обербека (рис.22) прикреплена нить, к которой подвешен груз массой M = 0,5 кг. Определить за какое время груз опускается с высоты h =1 м до нижнего положения. Радиус шкива r=3 см. На кресте
65
укреплены четыре груза массой m=250 г каждый на расстоянии R = 30 см от его оси. Моментом инерции самого креста и шкива пренебречь по сравнению с моментом инерции грузов.
Решение Составим уравнения динамики
для данной системы:
Ma Mg T,
I Tr.
m |
R m |
|
r |
m m
M
Угловое |
ускорение |
шкива |
Рис.22 |
|
связано |
с |
ускорением |
груза |
|
соотношением |
a/r , а момент инерции |
грузов креста |
||
Обербека равен I 4m R2 . |
|
|
Подставляя данные выражения и решая систему уравнений относительно ускорения, получим
Mr2
a 4mR2 Mr2 g.
Время опускания груза определяется из уравнения пути равноускоренного движения
t 2h .
a
Вычисления дают t=4,47с.
Задача 6. Однородный шар скатывается без скольжения с наклонной плоскости, образующей с горизонтом угол . Найти ускорение центра инерции шара.
Решение Решим данную задачу двумя способами, как
непосредственным использованием основных уравнений динамики для поступательного и вращательного движений, так и с помощью законов сохранения.
1-й способ.
66
На |
шар |
|
действует |
сила |
|
|
|
|
|||||
тяжести |
mg , |
сила |
нормальной |
|
|
|
|
||||||
реакции |
опоры |
|
N |
и |
сила |
|
трения |
|
N |
|
|
||
Fтр (рис.23). |
Последняя, |
являясь |
|
|
Fтр |
|
|||||||
силой трения покоя, создает |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
||||||||||
вращающийся момент относительно |
|
mg |
|
|
|||||||||
мгновенной оси, проходящей через |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
||||||||||
центр |
|
инерции |
|
|
шара. |
|
|
|
|
||||
Следовательно, |
|
шар |
совершает |
плоское |
движение, |
||||||||
представляющее сумму поступательного движения центра |
|||||||||||||
масс шара и вращения вокруг мгновенной оси, проходящей |
|||||||||||||
через центр масс. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Уравнение динамики поступательного движения в |
|||||||||||||
проекции на ось x имеет вид |
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
mac |
|
mgsin Fтр , |
|
|
|
||
где ac - ускорение цента масс. |
|
|
|
|
|
||||||||
В силу того, что вращательный момент относительно |
|||||||||||||
мгновенной оси, проходящей через центр масс, создается |
|||||||||||||
только силой трения, основное уравнение динамики |
|||||||||||||
вращательного движения шара, запишется следующим |
|||||||||||||
образом |
|
|
|
|
|
|
Ic RFтр . |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Учитывая, |
что |
момент |
инерции шара |
I 2mR2 |
и |
||||||||
угловое ускорение ac , получим |
|
|
5 |
|
|||||||||
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2mR2 ac |
RF . |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
5 |
|
R |
тр |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Решая уравнения динамики для поступательного и |
|||||||||||||
вращательного движений шара совместно, получим |
|
67
5
ac 7 gsin .
2-й способ.
Рассмотрим шар в некоторый момент его движения по наклонной плоскости. Пусть его положение в данный момент определяется координатой x. Полная механическая энергия шара , при условии, что за нулевой уровень потенциальной энергии выбрана точка О, будет равна
E m 2 I 2 mgxsin 2 2
Дифференцируя данное уравнение по времени, получим
mg |
dx |
sin |
2m |
|
d |
|
2I |
|
d |
0 |
|
2 |
dt |
|
|
||||||
|
dt |
|
2 |
|
dt |
После преобразования, с учетом того, что
dx |
, |
d |
a |
, |
d |
, |
ac |
, |
|
|
|
||||||
|
|
|
||||||
dt |
dt |
c |
|
dt |
|
R |
будем иметь
I
ac (m R2 ) mgsin .
Наконец, заменяя момент инерции шара его значением, получим
5
ac 7 gsin .
Задача 7. Сплошной однородный диск радиуса R, вращающийся с угловой скоростью , кладут основанием на горизонтальную поверхность. Сколько оборотов сделает диск до остановки, если коэффициент трения между основанием диска и горизонтальной поверхностью равен μ.
Решение Сила трения приложена к каждому участку диска, и так
как эти участки находятся на различных расстояниях от оси, то и моменты сил трения, приложенные к этим участкам, различны. Разделим диск на узкие кольца. Одно такое кольцо
68
z |
радиусом r и шириной dr |
заштриховано на рис.24. |
Площадь такого кольца
|
|
|
|
|
|
dS 2 rdr , |
R |
r |
dr |
|
|||
|
а сила трения, действующая |
|||||
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
на выделенное кольцо, |
|
|
|
|
|
|
dF 2 rh gdr , |
|
|
|
|
|
|
где h – толщина диска, ρ – плотность материала диска.
Момент этой силы трения равен dM 2 h gr2dr .
Интегрируя по r от нуля до R, получаем суммарный момент сил трения
R
M 2 h g r2dr 2 h gR3 .
3
0
Работа, совершенная силами трения, определится по формуле
A Md 2 h gR3 , 3
где 2 N - угол поворота диска, а N – число оборотов диска до полной остановки.
С другой стороны, работа сил трения равна убыли кинетической энергии диска, т.е.
A I 2 , 2
где I mR2 h R4 - момент инерции диска. 2 2
Приравнивая полученные выражения для работы, после преобразования найдем
N 3R 2 . 16 g
69
Задача 8. Для демонстрации |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
законов |
сохранения |
применяется |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
маятник |
Максвелла, |
представляющий |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
собой массивный диск радиусом R и |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
массой m , туго насаженный на ось |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
радиусом r, которая подвешивается на |
|
|
|
|
Рис.25 |
|
||||||||||
двух предварительно намотанных на нее |
|
|
|
|
|
нитях (рис.25). Когда маятник отпускают, то он совершает возвратно-поступательное движение в вертикальной плоскости при одновременном вращении диска вокруг оси. Не учитывая силы сопротивления и момент инерции оси, определить ускорение поступательного движения маятника и силу натяжения нити.
Решение Уравнения динамики для поступательного и
вращательного движения маятника Максвелла имеют вид ma mg 2T
I 2T r.
В данной системе уравнений Т – сила натяжения одной нити, I mR2 /2 - момент инерции диска, а a/r - угловое ускорение.
g
Решая уравнения, найдем: a 1 R2 /2r2 .
Натяжение нити определим из первого уравнения
T m(g a) . 2
Задача 9. Рассмотрим некоторые примеры на закон сохранения момента импульса, которые можно осуществить с помощью скамьи Жуковского. В простейшем случае скамья Жуковского представляет собой платформу в форме диска, который может свободно вращаться вокруг вертикальной оси на шариковых подшипниках (рис.26). Демонстратор становится на скамью, после чего ее приводят во
70