ЗАДАЧА 1.4
Подбрасываются две игральные кости. 1.4. Определить вероятность того, что выпадут одинаковые числа.
РЕШЕНИЕ:
Обозначим это событие буквой A. Событию A благоприятствуют 6 элементарных исходов: (1; 1), (2; 2), (3; 3), (4; 4), (5; 5), (6; 6). Всего равновозможных элементарных исходов, образующих полную группу событий, в данном случае n = 62 = 36 . Значит, искомая вероятность
Ответ: .
ЗАДАЧА 2.4
На рисунке 1 приведена схема соединения элементов, образующая цепь с одним входом и одним выходом. Предполагается, что отказы элементов являются независимыми в совокупности событиями. Отказ любого из элементов приводит к прерыванию сигнала в той ветви цепи, где находится данный элемент. Вероятности отказа элементов 1, 2, соответственно равны p1=0,1; p2=0,2. Найти вероятность того, что сигнал пройдет со входа на выход.
Рис.1
РЕШЕНИЕ:
Обозначим безотказную работу цепи – В. Тогда
В=В1*В2;
для последовательно соединенных элементов, где В1 и В2–вероятности безотказной работы, соответственно.
В1=1– p1 ;
В2=1– p2 ;
где pi – вероятность безотказной работы i-го элемента.
Тогда:
Вероятность того, что сигнал пройдет со входа на выход, это одновременная безотказная работа элементов 1 и 2:
Ответ: 0,72
Задача 3.4
Два станка производят детали, которые поступают на общий конвейер. Вероятность получения нестандартной детали на первом станке равна 0,075, а на втором – 0,09. Производительность второго станка вдвое больше, чем перво- го. Найти вероятность того, что наугад взятая с конвейера деталь нестандартна.
РЕШЕНИЕ:
Обозначим через А событие – получения нестандартной детали. Можно рассмотреть две гипотезы:
Н1 – деталь произведена первым станком P (H 1 ) = 1 / 3 ;
Н2–деталь произведена вторым станком, причем (поскольку второй станок производит вдвое больше деталей, чем первый) P (H 2 ) = 2 / 3 .
Вероятность того, что деталь будет получена нестандартной, если она произведена первым станком P ( A / H 1 ) = 0,075 .
Вероятность того, что деталь будет получена нестандартной, если она произведена вторым станком P ( A / H 2 ) = 0,09 .
Вероятность того, что наудачу взятая деталь окажется нестандартна, по формуле полной вероятности равна:
P ( A) = P (H 1 ) ⋅ P ( A / H 1 ) + P (H 2 ) ⋅ P ( A / H 2 ) = 1 / 3 ⋅ 0,075 + 2 / 3 ⋅ 0,09 = 0,085
Ответ: 0,085
ЗАДАЧА 4.4
Игральную кость подбрасывают 12 раз. Чему равно наивероятнейшее число выпадений 6?
РЕШЕНИЕ:
По условию задачи необходимо найти чему равно наивероятнейшее число выпадений 6:
k=2
Ответ: наивероятнейшее число выпадений 6 равно 2-ум.
ЗАДАЧА 5.4
Дискретная случайная величина Х может принимать одно из пяти фиксированных значений 1, 2, 3, 4, 5 с вероятностями 0,3, 0,3, 0,1, 0,1, 0,2 соответственно. Вычислить математическое ожидание и дисперсию величины Х. Рассчитать и построить график функции распределения.
РЕШЕНИЕ:
Находим математическое ожидание:
М[x]=1*0,3+2*0,3+3*0,1+4*0,1+5*0,2=2,6;
D[X] =
=1^2*0,3+2^2*0,3+3^2*0,1+4^2*0,1+5^2*0,2=9;
D[X] =9-2,6^2=2,24;
Функцию распределения определим следующим образом:
x<=1: F(x)=0;
1<x<=2: F(x)=p1=0,3;
2<x<=3: F(x)=p1+ p2=0,3+0,3=0,6;
3<x<=4: F(x)= p1+ p2+ p3=0,6+0,1=0,7;
4<x<=5: F(x)= p1+ p2+ p3+ p4 =0,7+0,1=0,8;
x>5: F(x)= p1+ p2+ p3+ p4 +p5=0,8+0,2=1,0;
Строим график функции распределения(см. рисунок 2).
Рисунок 2
ЗАДАЧА 6.4
Случайная величина Х задана плотностью вероятности:
Определить константу С, математическое ожидание, дисперсию, функцию распределения величины Х, а также вероятность ее попадания в интервал
[-1,2].
РЕШЕНИЕ:
Для нахождения коэффициента с воспользуемся свойством нормировки плотности распределения:
Откуда
Плотность вероятности примет вид:
Определим функцию распределения F(x). Так как плотность вероятности задана различными формулами на разных интервалах, то и ее первообразную – функцию распределения – будем искать по формуле
для каждого интервала в отдельности.
Для
Для
Для
Окончательно имеем:
Вычислим вероятность по формуле
Так как правый край интервала [-1;2], меньше чем 3, то
Вычислим математическое ожидание СВ :
Дисперсию случайной величины СВ вычислим:
ЗАДАЧА 7.4
Случайная величина Х распределена равномерно на интервале [-2,0]. Построить график случайной величины Y=|x+1|+2 и определить плотность вероятности g(y).
РЕШЕНИЕ:
-
Построим график функции Y=|x+1|+2 для x в интервале [-2,0] и определим диапазон значений Y: Y[0; 3] (рис. 3).
φ(x)
-
Выделим интервалы по оси у в зависимости
от кол-ва обратных функций
а) n = 0
б) n = 2
рис 3.
в) n = 0
-
Выделим интервалы по оси Y, на которых обратных функций нет:
у є (-∞;2) U (3; ∞) n=0
-
Находим плотность вероятности равномерного закона распределения с.в. Х:
F(φ-1(x))
Рис.4
-
Для каждого интервала находим обратные функции и их производные:
-
Находим для каждого интервала плотность вероятности величины Y:
-
Запишем плотность вероятности величины Y от плотности вероятности для всех интервалов:
Ответ:
ЗАДАЧА 8.4
Двухмерный случайный вектор (Х, У) равномерно распределен внутри выделенной жирными прямыми линиями на рис. 5 области B. Двухмерная плотность вероятности f(x,y) одинакова для любой точки этой области B:
Вычислить коэффициент корреляции между величинами X и Y.
X1 |
X2 |
X3 |
X4 |
X5 |
X6 |
Y1 |
Y2 |
0 |
2 |
4 |
4 |
4 |
4 |
1 |
2 |
y
0 x
Рисунок 5
РЕШЕНИЕ:
Построим область В соединив последовательно точки с координатами из таблицы.
Совместная плотность вероятности примет вид
ограниченный поверхностью распределения и плоскостью xOy должен быть
равен единице
Неизвестную константу c определим, используя условие нормировки
плотности вероятности:
Следовательно : c=1/6;
Таким образом
Проверим геометрически полученный результат. Объем тела,
, т.е. объем прямой призмы с основанием в виде прямой трапеции равен:
Вычислим математическое ожидание:
Вычислим дисперсии:
Вычислим корреляционный момент:
После нормировки получаем коэффициент корреляции:
Ответ: c=1/6; mx=1,5; my=0,889; Dx=0,9136; Dy=0,321; Kxy= -0,1604; Rxy= - 0,296