
- •1. Робоче тіло – ідеальний газ
- •1.1.1. Маса ідеального газу
- •1.1.2. Визначимо параметри стану в початковій точці циклу
- •1.1.3. Визначимо параметри стану в точці 5
- •1.1.4. Обчислення параметрів стану в точці 4
- •1.1.5. Визначення параметрів стану в точці 3
- •1.1.6. Встановлення параметрів стану в точці 2
- •1.1.7. Зображення циклу ідеального газу рv - і Тs - діаграмах
- •1.2. Розрахунок процесів, що входять до циклу
- •1.2.1. Процес 1-2
- •1.2.2. Процес 2-3
- •1.2.3. Процес 3-4
- •1.2.4. Процес 4-5
- •1.2.5. Процес 5-1
- •1.3. Розрахунок циклу за іі законом термодинаміки
- •2. Робоче тіло – реальний газ (н2о)
- •2.1.1. Параметри стану водяної пари у початковій точці 1
- •2.1.2. Параметри водяної пари в точці 5
- •2.1.3. Параметри водяної пари в точці 4
- •2.1.4. Параметри водяної пари в точці 3
- •2.1.5. Параметри водяної пари в точці 2
- •2.2. Розрахунок процесів водяної пари
- •2.2.1. Процес 1-2
- •2.2.2. Процес 2-3
- •2.2.3. Процес 3-4
- •2.2.4. Процес 4-5
- •2.2.5. Процес 5-1
- •2.3. Аналіз циклу водяної пари за іі законом термодинаміки
- •2.4. Ексергетична оцінка теплообмінного пристрою
1.2.4. Процес 4-5
Адіабатний процес розширення 4-5 подібний до адіабатного процесу стиснення 2-3. Тому всі формули, які застосовувалися для обчислення параметрів процесу 2-3, можна використати для процесу 4-5.
∆U4-5 = m·(u5 – u4) = 3,52·(635,49-714,78) = -279,33 кДж
∆H4-5 = m·(h5 – h4) = 3,52·(887,86-998,64) = -390,26 кДж
∆E4-5 = m·(e5-e4) = 3,52·(506,65-617,31) = -389,87 кДж
L4-5 =mR(T4-T5)/(k-1)=3,52·0.25981(1094,4-974)/(1.4-1)=277,79 кДж
Lн4-5 = k·L4-5 = 1,4·(139.2) = 388,91 кДж
Зобразимо процес адіабатного стиснення у pv- i Ts- діаграмах і графічно покажемо q,l,lн
І закон термодинаміки для адіабатного процесу стиснення запишемо таким чином:
Q = ∆U + L, оскільки Q=0, то L=-∆U, або
Q = ∆H + Lн і тоді Lн=-∆Н.
Визначимо похибку розрахунків, використовуючи рівняння енергетичного балансу, наприклад рівняння L=-∆Н. З попередніх обчислень відомо, що
∆Н= 390,26 кДж, а Lн =388,91 кДж
δ%=(390,26 -388,91)/ 390,26 =0.35%
Отримані результати зведемо в таблицю 2.
Покажемо схему енергетичного балансу процесу 4-5
1.2.5. Процес 5-1
Процес 5-1 - ізохорний процес зниження тиску. Обчислимо зміну параметрів стану цього процесу:
∆U5-1 = m·(u1 – u5) = 3,52·(439,55-635,49) = -690,28 кДж
∆H5-1 = m·(h1 – h5) = 3,52·(614,11-887,86) = -964,41 кДж
∆S5-1 = m·(s1-s5) = 3,52·(0,2-0,44) = -0,85 кДж/K
∆E5-1 = m·(e1-e5) = 3,52·(305,08-506,65) = -710,11 кДж
Оскільки в ізохорному процесі об’єм сталий, то робота зміни об’єму рівна нулю.
L=
=
0, v5
=
v1
, dv
= 0.
Наявну роботу процесу 5-1 знайдемо за формулою:
Lн=mv1(p5-p1)= 3,52·0,16·(1590-1100)=274,59 кДж
Теплоту процесу розрахуємо як добуток маси ідеального газу на ізохорну теплоємність та різницю температур у кінці та початку процесу:
Q5-1=mcv(T1-T5)=03,52·0.65·(513-748)=-690,28 кДж
Зобразимо процес 5-1 у pv- i Ts- діаграмах.
Всі розрахункові дані для процесу 5-1 зведемо у табл.2.
Запишемо І закон термодинаміки Q = ∆H + Lн та визначимо його відносну похибку.
Lн =Q -∆H = -690,28 +964,41 =274,13 кДж
δ%=(274,59 - 274,13)/ 274,59·100%=0.17%
Побудуємо схему енергобалансу та з’ясуємо його суть:
1.3. Розрахунок циклу за іі законом термодинаміки
Цикл, що розглядається, є термодинамічним циклом, за яким працюють теплові двигуни, бо всі процеси, що складають цикл, йдуть за годинниковою стрілкою. Встановимо характеристики прямого термодинамічного циклу Qц , Lц , Lнц як суму відповідних характеристик у процесах, що складають цикл.
Qц
=
;
Lц
=
;
Lнц
=
Ці розрахунки є своєрідною перевіркою виконаних обчислень, бо якщо вони зроблені вірно, то повинен виконуватись І закон термодинаміки для циклів:
Qц = Lц = Lнц .
За даними табл.2 Qц = 174,73 кДж, Lц = 174,52 кДж, Lнц = 174,52 кДж.
Знайдемо відносну похибку розрахунків при обчисленні Lц та Lнц .
δLнц%=(174,73 -174,52)/ 174,73 ·100%=0.12%
δLц%=(174,52 -174,52)/ 174,52 ·100%=0 %
Зміна
параметрів стану у циклі дорівнює нулю
(
=
0;
=
0;
=
0;
=
0;),
а теплота і робота циклу не є нульовими
величинами і дорівнюють одна одній.
Проаналізуємо цикл з точки зору ІІ закону термодинамік. Для цього накреслимо його у Ts- діаграмі та покажемо температурний інтервал у якому відбувається цикл. Виділимо процеси підведення та відведення теплоти у циклі. Виділимо процеси підведення та відведення теплоти у циклі. Покажемо відповідний цикл Карно у цьому інтервалі температур.
Теплота підведена у циклі рівна: Q1 = Q34= 1157,99 кДж, а теплота відведена у циклі є Q2 = Q51+ Q12=-690,28+(-292,98) = -983,26 кДж. Теплоту циклу, що перетворюється на роботу, знайдемо за рівнянням:
Lц = |Q1| - |Q2| = 1157,99 -983,26 =174,73 кДж
Термічний коефіцієнт корисної дії циклу, що показує яка частина теплоти підведена перетворюється на роботу, знайдемо зі співвідношення:
ηt = Lц/Q1 = 174,73 /1157,99 = 15%
Порівняємо ηt довільного циклу з термічним коефіцієнтом відповідного циклу Карно
ηtк = 1 – (T2k/T1k) = 1 – (T1/T4) = 1 – (673/1094,4) = 0,385=38,5%
Очевидно, що ηtк>ηt. Виконавши розрахунки, отримали підтвердження 2 теореми Карно: у даному інтервалі температур цикл Карно є найбільш досконалим та має максимальний коефіцієнт корисної дії.