Правильні відповіді.

1) Правильна відповідь б).

Ендотермічною є реакція, яка супроводжується поглинанням теплоти, тому енергія продуктів буде більша, ніж енергія вихідних речовин.

2) Правильна відповідь б) і г).

Екзотермічні реакції супроводжуються виділенням теплоти, отже, для них зміна ентальпії буде від’ємною (термодинамічна система знаків теплових ефектів).

3) Правильна відповідь б).

Стандартна ентальпія (теплота) утворення (DН⁰_f,298) дорівнює нулю для простих речовин, якщо вони за стандартних умов знахо­дяться у стійкому стані. Простою речовиною, з наведених у відпо­відях, є бром. Але стійким станом за стандартних умов для нього є рідина, отже тільки для Вr_{2 (р)} DН⁰_f,298 буде дорівнювати нулю.

4) Правильна відповідь б).

Для того, щоб одержати термохімічне рівняння потрібної реакції Н_{2 (г)} + О_{2 (г)} = Н₂О_{2 (р),} DН, тобто знайти величину DН, треба від рівняння (ІІ) відняти рівняння (І) і від DН₂ відняти DН₁:

Н_{2 (г)} + 1/2 О_{2 (г)} - Н₂О_{2 (р)} = Н₂О_(р) - Н₂О_(р) – 1/2 О_2(г), DН = DН₂ -DН₁

або Н_{2 (г)} + 1/2 О_{2 (г)} + 1/2 О_{2 (г)} = Н₂О_{2 (р),} DН = -284,2-(-98,2)

Маємо: Н_{2 (г)} + О_{2 (г)} = Н₂О₂ (_р), DН = - 186,0 кДж

5) Правильна відповідь б).

Запишемо термохімічне рівняння реакції:

С_(т) + 2N₂O = CO_2(г) + 2N_2(г), ΔН = ...

Розрахуємо значення теплового ефекту за наслідком закону Гесса, що був використаний при розв’язанні попередньої задачі, та зна­ченнями стандартних ентальпій утворення за умовою. Пригадаємо, що для С_(т) і N_2(г) стандартні теплоти утворення дорівнюють нулю.

Отже, будемо мати:

ΔН = DН⁰_f,298(СО_2(г))-2 × DН⁰_f,298(N₂О_(г)) = -393,51 – 2 × (81,55) = - 556,61(кДж).

Тобто, термохімічне рівняння матиме таку повну форму:

С_(т) + 2N₂О_(г) = СО_2(г) + 2N_2(г), ΔН = -556,61 кДж.

Якщо в реакцію вступає 22 г N₂О (або 0,5 моль, бо М(N₂О)= 44 г/моль), у реакції буде виділятися у чотири рази менше тепла:

6) Правильна відповідь а).

У цілому величина ентропії речовини залежить від її агрегатного стану і зменшується в ряду: газ - рідка речовина - тверда речовина. Для якісної оцінки зміни ентропії у хімічній реакції можна з пев­ним припущенням порівнювати кількість тільки газоподібної речовини до і після реакції. Чим більшою буде кількість таких речовин, тим більшою буде і величина ентропії.

Застосовуючи такий підхід, маємо для першої реакції: у лівій час­тині рівняння 1 моль газу, а у правій - 2 моль, отже ΔS>0. У другій реакції справа буде менше газоподібних речовин, ніж зліва, тобто ΔS<0, бо завжди ΔS =SS_{(продуктів)}- SS _{(вих. речовин)}

7) Знаходимо масу білків, жирів і вуглеводів у маргарині:

Враховуючи калорійність 1 г білків, жирів і вуглеводів, зна­ходимо загальну калорійність 200 г маргарину:

Q = (0,6 г + 2,0 г) × 17,18 кДж/г + 164,6 г × 38,97 кДж/г = 44,67 кДж + 6414,46 кДж = = 459,13 кДж

Отже, при повному окисленні 200 г маргарину організм одержить 6459 кДж енергії.

8) Правильна відповідь г).

Як відомо, реакція легко відбувається самодовільно, якщо вико­нується критерій самодовільного перебігу реакцій, а саме: ΔG<0. Оцінити знак зміни енергії Гіббса можна за знаками зміни енталь­пії і зміни ентропії реакції за рівнянням:

ΔG = ΔН – Т  ΔS

Отже, для того, щоб значення ΔG було від’ємним незалежно від температури, треба, щоб виконувалися умови: ΔΗ<0 і ΔS>0

9) Правильна відповідь б).

Оскільки відомі величини зміни ентальпії реакції (ΔН = -221кДж), треба розрахувати величину ентропії. Зміна ентропії реакції ΔS° розраховується як різниця суми стан­дартних ентропій продуктів реакції і суми стандартних ентропій вихідних речовин з урахуванням їхніх коефіцієнтів:

ΔS=2  S^O₂₉₈(CO_2(r)) - 2  S^O₂₉₈(C_(T)) -2  S^O₂₉₈(O_2(r))= 2  196,68 – 2  5,74 – 205,17 = 395,36 – -11,48 – 205,17 = 178,71 (Дж/К)

Тепер визначаємо зміну енергії Гіббса реакції:

ΔG° = ΔΗ° - 298  ΔS = - 221 – 298  0,1787 = - 274,25 (кДж)

Оскільки ΔG°<0, можна зробити висновок, що за стан­дартної температури реакція буде йти самодовільно, але, врахову­ючи, що ΔН°<0 і ΔS°>0, треба оцінити цю реакцію як самодовільну, з термодинамічної точки зору, за будь-якої температури.