![](/user_photo/2706_HbeT2.jpg)
- •1. Действия над матрицами
- •2. Вычисление определителей
- •Задачи для самостоятельного решения
- •4. Линейные пространства. Ранг матрицы
- •Задачи для самостоятельного решения
- •5. Переход от одного базиса к другому
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •7.14. Дана система линейных однородных уравнений
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Ответ: Mo(5; 10; —1).
- •Ответ: xo
- •Задачи для самостоятельного решения
- •12.19. Запишите параметрические уравнения прямой
- •12.38. Пусть линейный оператор a : r3 — r3 является:
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •16.6. Охарактеризуйте линии пересечения гиперболоида
- •Задачи для самостоятельного решения
-
Следовательно, t2 = 1, ti = 2. прямой t = 2 (второй прямой t Mo(5;10; — 1).
-
Ответ: Mo(5; 10; —1).
-
Положив в уравнении первой = 1), найдём точку пересечения
-
12.6. Найдите точку Q, являющуюся проекцией точки P(—46; 2; —12) на прямую L
-
x — 2y + z + 12 =
-
2x + 3y — z — 22
-
0,
-
0.
-
(12.6)
-
Найдите точку S, симметричную точке P относительно этой прямой.
-
(Q(2,4,-6)
-
нения прямой L. Так как
-
= 0,
-
S(x,y,z) Рис. 12.1
-
-
Решение. Точку Q найдём как точку пересечения прямой L c плоскостью П, проходящей через точку P перпендикулярно прямой L. Запишем параметрические урав-
-
21
-
3 —1
-
то неизвестное x можно принять в качестве свободного системы (12.6). Положим x = t и выразим из системы (12.6) неизвестные y и z через t. Получим параметрические уравнения данной прямой:
-
x = — 3t +10,
-
z = 7t + 8
-
(12.7)
-
Направляющий вектор прямой l = (1; —3; —7) можно принять в качестве вектора нормали плоскости П. Записываем общее уравнение плоскости П: x — 3y — 7z + D = 0. Точка P лежит в плоскости П, поэтому —46 — 6 + 84 + D = 0, D = —32. Уравнение плоскости П: x 3y 7z 32 = 0. Находим точку пересечения прямой (12.7) с плоскостью П (см. задачу 12.3): t — 3(—3t + 10) — 7(—7t + 8) — 32 = 0, 59t — 118 = 0, t = 2. Из (12.7) при t = 2 находим координаты точки Q(2; 4; 6).
-
Координаты точки S обозначим (x, y, z). Так как точка Q -середина отрезка PS (рис. 12.1), то
-
-46 + x 2 _п 2 + y -12 + z
-
2 = 2, x = 50; —2~ =4, У = 6; 2 = ~6> z = 0.
-
Итак, S(50;6;0).
-
Ответ: Q(2; 4; -6); S(50;6;0).
-
Найдите координаты точки Q, являющейся проекцией точки P(—2; 1; 4) на плоскость x — 4y + 5z + 28 = 0. Найдите координаты точки S, симметричной точке P относительно данной плоскости.
-
Решение. Точку Q находим как точку пересечения прямой L, проходящей через точку P перпендикулярно данной плоскости. Прямая L параллельна вектору нормали N = (1; —4; 5) плоскости, поэтому вектор N является направляющим для этой прямой. Записываем параметрические уравнения прямой L:
-
x = t - 2, У = -4t + 1, z = 5t + 4
-
и находим точку пересечения её с плоскостью: (t-2) -4(-4t + 1) + 5(5t + 4) + 28 = 0, 42t + 42 = 0; t = -1. В параметрических уравнениях прямой положим t = -1 и найдём координаты точки Q(-3; 5; -1).
-
Координаты точки S обозначим (x, y, z). Так как точка Q -
-
середина отрезка PS, то
-
-2 + x 1 + y 4 + z
-
—2— = -3, x = -4; ^- = 5, У = 9; —-— = -1, z = -6.
-
Итак, S(-4;9; -6).
-
Ответ: Q(-3; 5; -1), S(-4; 9; -6).
-
Найдите расстояние d от точки P(1; -2; 3) до прямой
-
x = 2t + 4,
-
y = -t + 3,
-
z = 2t - 1.
-
Решение. Нас.119 пособия [5] (задача 2) приведена формула
-
вычисления расстояния d от точки до прямой: d
-
|[ri - ro, l]| 1 '
-
где ri - радиус-вектор данной точки, ro - радиус-вектор какой-нибудь точки прямой, l - направляющий вектор прямой. В нашем случае ri = (1; —2; 3), ro = (4; 3; —1), l = (2; —1; 2). Находим
-
i
-
j
-
k
-
—3
-
—5
-
4
-
= — 6i + 14j + 13k,
-
2
-
—1
-
2
-
|[ri — ro, l]| = V62 + 142 + 132 = \/4oT,
-
3
-
-
-
V4oI
-
Щ W4 + 1 + 4 = 3; d
-
Ответ:
-
3
-
12.9. Найдите расстояние d между скрещивающимися прямыми L\ и L2, заданными параметрическими уравнениями:
-
x = t + 2, ( x = 2t + 1, У = 2t + 1, I y = 2t + 4, z = t + 3, ( z = t + 2.
-
Решение. Нас.119 пособия [5] (задача 3) приведена формула (2.17) вычисления величины d:
-
d
-
ri, li, l2)|
-
-
где ri, r2 - радиусы-векторы точек, лежащих на прямых Li и L2, li, l2 - направляющие векторы этих прямых. В нашем случае п = (2; 1; 3), r2 = (1; 4; 2), li = (1; 2; 1), b = (2; 2; 1). Выполняем вычисления:
-
(r2 — ri, li, l2)
-
-
— 1 3 —1 —13 —1
-
2 1 = 0 5 0 = 5;
-
2 1 2 2 1
-
-
[li, I2]
-
i j k
-
2 1
-
2 1
-
-
j — 2k; l2]| = ^12 + (-2)2 =
-
5
-
Следовательно, d = —= = л/б.
-
V5
-
Ответ: \/б.
-
12.10. Дано, что прямая L пересекает ось ординат в точке (0; 4; 0), параллельна плоскости x + 2y + 3z + 2 = 0 и перпендикулярна оси OZ. Найдите координаты точки Q пересечения этой прямой с плоскостью y = 0.
-
Решение. Неизвестен направляющий вектор l прямой L. Пусть l = (m,n,p). По условию задачи вектор l параллелен плоскости x + 2y + 3z + 2 = 0, следовательно, он перпендикулярен её вектору нормали N = (1; 2; 3). Поэтому (l, N) = 0. Вычисляем скалярное произведение: m + 2n + 3p = 0. Вектор l также перпендикулярен оси OZ, т.е. вектору k = (0; 0; 1). (l, k) = 0, следовательно, p = 0. Таким образом, m + 2n = 0. Положим n = 1, тогда m = —2, т.е. l = (—2; 1; 0). Запишем параметрические уравнения прямой L:
-
x = —2t, У = t + 4, z = 0.
-
Обозначим координаты точки Q(xo,yo,Zo). Из параметрических уравнений следует Zo = 0. yo = 0, поскольку точка Q принадлежит плоскости y = 0. Тогда 0 = t + 4 и значение параметра t = —4 соответствует точке Q. Находим координату xo = —2 • (—4) = 8. Итак, точка Q имеет координаты (8; 0; 0).
-
Ответ: (8; 0; 0).
-
Замечание. Из условия перпендикулярности прямой L оси OZ не следует, что прямая L пересекает ось OZ, следует лишь перпендикулярность вектора l оси OZ.
-
12.11. Две прямые, пересекающиеся в точке P(2; 3; 1), параллельны плоскости x + 2y + 2z — 4 = 0. Одна из них пересекает ось OZ, а вторая - ось OY. Найдите косинус острого угла между направляющими векторами этих прямых.
-
Решение. Одна из прямых проходит через точку P(2; 3; 1) и точку оси OZ, которую мы обозначим Mi(0;0; Zo), а вторая - через точку P(2; 3; 1) и точку оси OY, которую мы обозначим М2(0; yo;0). Направляющими векторами li и Ь прямых являются векторы PMi и PM2. Вычисляем их координаты: li = (—2; —3; zo — 1), l2 = (—2; yo — 3; —1). По условию задачи векторы li и l2 параллельны плоскости x + 2y + 2z — 4 = 0, т.е. перпендикулярны вектору N = (1; 2; 2). Поэтому (li, N) = 0 или —2 — 6 + 2(zo — 1) = 0, (l2, N) = 0 или —4 + 2(yo — 3) = 0. Из полученных уравнений находим zo = б; yo = б. Таким образом, li = (—2; —3; 4), l2 = (—2; 2; —1). Вычисляем косинус угла между векторами li и l2:
-
(li, b) 4 — 6 — 4 2
-
cosP =
,.,,.1=,,= = p=. -
|li ||l21 V4 + 9 + 16^4 + 4 + 1 3^29
-
Ответ: cos p
-
3^/29'
-
12.12. Прямая L пересекает прямую
-
x = t + 2, y = 3t — 1, z = 4t + 3,
-
проходит через точку P(1; 2; —4) и пересекает ось OX в точке Q(xo; 0; 0). Найдите xo.
-
Решение. Условием пересечения двух прямых является равенство (r2 — ri, li, b) = 0. В нашем случае ri = (2; —1;3), li = (1; 3; 4), Г2 = (1; 2; —4), b = PQ = (xo — 1; —2; 4). Находим
-
0.
-
(r2 — ri, li, l2)
-
-
—1 3 —7 1 3 4
-
xo — 1 —2 4
-
Разложим определитель по третьей строке