Добавил:
Upload
Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз:
Предмет:
Файл:All lectures pdfs / Ур.мат.физ / Lecture_17 / 2011-04-01 / Лекция_17
.tex\documentclass[11pt,a4paper,dvipspdf,draft]{article}
\usepackage[T2A]{fontenc}
\usepackage[russian]{babel}
\usepackage{amssymb,amsmath,multicol,indentfirst,color,textcomp,afterpage,figsize,mathrsfs}
\usepackage[symbol*]{footmisc}
\usepackage{fancyhdr}
\pagestyle{myheadings} %нумерация страниц вверху
%\fancyhf{}
%\fancyhead[R]{\thepage}
\topmargin=-20pt \headheight=14pt
\footskip=0pt
\oddsidemargin=0mm \evensidemargin=0mm
\textheight=680pt \textwidth=154mm
\renewcommand{\baselinestretch}{1.21}
\allowdisplaybreaks
\flushbottom
\makeatletter
\setlength{\skip\footins}{13\p@ \@plus 5\p@ \@minus 2\p@}
\makeatother
\begin{document}
{\Large
{\LARGE\bf\S 17 Задача на собственные значения}
\noindent
Рассмотрим следующую задачу
$$
\left\{
\begin{array}{l}
\bigtriangleup u +\lambda u=0,\quad x\in\Omega,\\
\left. u\right|_{\partial\Omega}=0,
\end{array}
\right.
\eqno (1)
$$
где\\
$\Omega$ --- ограниченная область из $R^n$ с достаточно гладкой
границей $\partial\Omega$;\\
$\lambda$ --- некоторый параметр (вообще говоря комплексный).
Задача (1) состоит в нахождении функции
$u(x)\in C^2(\Omega)\cap C^1(\overline\Omega)$,
удовлетворяющей в $\Omega$ уравнению: $\bigtriangleup u +\lambda u=0$
и граничному условию $\left.u\right|_{\partial\Omega}=0$.
Задача (1) всегда имеет тривиальное решение $u\equiv 0$ (при всех $\lambda$).
Нас будут интересовать нетривиальные решения задачи (1) и поэтому,
мы будем понимать задачу (1) как задачу на собственные значения для оператора
$$L=-\bigtriangleup.$$
Суть задачи на собственные значения заключается в нахождении
не\-три\-ви\-аль\-ных решений $u=u(x)$ (которые называются
собственными функциями), отвечающих числам $\lambda$
(которые называются собс\-твен\-ными значениями оператора $L$).
Решением (1) является пара $\{\lambda; u(x)\}$, причем одному значению $\lambda$ может соответствовать несколько функций $u(x)$.
$$
\left\{
\begin{array}{l}
L u=\lambda u,\quad x\in\Omega,\\
\left. u\right|_{\partial\Omega}=0,\quad u\in\mathscr{D}(L),
\end{array}
\right.
\eqno (1')
$$
где\\
$\mathscr{D}(L)$ --- область определения оператора $L$, причем\\
$
\mathscr{D}(L)=\{f(x);\quad
f(x)\in C^2(\Omega)\cap C^1(\overline\Omega),\,
\left. f\right|_{\partial\Omega}=0,\,
L f\in L_2(\Omega)\}.
$
Пусть
$\upsilon(x)\in C^1(\overline\Omega)$, $u(x)\in \mathscr{D}(L)$.
Применим к этой паре функций первую формулу Грина (см. \S 12),
которую перепишем так:
$$
\int\limits_\Omega\upsilon Lu\,dx=
\int\limits_\Omega(\bigtriangledown\upsilon, \bigtriangledown u)\,dx-
\int\limits_{\partial\Omega}\upsilon\frac{\partial u}{\partial N}\,dS.
\eqno (2)
$$
Пусть $\upsilon(x), u(x)\in \mathscr{D}(L)$. Тогда в силу второй формулы Грина (см.~\S 12)
$$
\int\limits_\Omega\{\upsilon Lu-u L\upsilon\}\,dx=
\int\limits_{\partial\Omega}\left\{u\frac{\partial\upsilon}{\partial N}-
\upsilon\frac{\partial u}{\partial N}\right\}\,dS=0.
\eqno (3)
$$
Отметим следующие свойства оператора $L$.
1) Оператор $L$ эрмитов, т.е. $L=L$* или
$$
(Lf, g)_{L_2(\Omega)}=
(f, Lg)_{L_2(\Omega)}\quad \forall f(x), g(x) \in \mathscr{D}(L),
\eqno (4)
$$
где\\
$(f, g)_{L_2(\Omega)}=\int\limits_\Omega f\cdot\bar g\,dx$ ---
скалярное произведение в $L_2(\Omega)$.
Действительно, положим в (3)
$u=f$, $\upsilon=\bar g$.
Тогда
\begin{multline*}
\int\limits_\Omega\{Lf\cdot\bar g-f\cdot L\bar g\}\,dx=\\
=(Lf, g)_{L_2(\Omega)}-(f, Lg)_{L_2(\Omega)}=
\int\limits_{\partial\Omega}\left\{f \frac{\partial\bar g}{\partial N}-
\bar g \frac{\partial f}{\partial N}\right\}\,dS=0,
\end{multline*}
что и требовалось доказать.
Положим в (2)
$u=f$, $\upsilon=\bar f$.
В итоге получим:
$$
\int\limits_\Omega\bar f\cdot Lf\,dx=(Lf, f)_{L_2(\Omega)}=
\int\limits_\Omega\left(\bigtriangledown f, \bigtriangledown\bar f\right)\,dx=
\|\bigtriangledown f\|_{L_2(\Omega)}^2,
$$
т.е. оператор $L$ --- положительный, поскольку
$$
(Lf, f)_{L_2(\Omega)}\ge 0\quad \forall f\in \mathscr{D}(L).
\eqno (5)
$$
\noindent
{\bf Задача.} Покажите, что оператор $L$ --- эрмитов, используя только формулу (2).
\noindent
{\bf Замечание.} Равенство
$$
(Lf, f)_{L_2(\Omega)}=\|\bigtriangledown f\|_{L_2(\Omega)}^2
$$
называется тождеством интеграла энергии.
2) Все собственные значения оператора $L$: $\lambda\ge 0$.
В самом деле, пусть
$u_0(x)\in \mathscr{D}(L)$ --- собственная функция опе\-ра\-то\-ра $L$,
а $\lambda_0$ --- соответствующее ей собственное число. Тогда
$$
(Lu_0, u_0)_{L_2(\Omega)}=\|\bigtriangledown u_0\|_{L_2(\Omega)}^2=
(\lambda_0 u_0,
u_0)_{L_2(\Omega)}=\lambda_0\|u_0\|_{L_2(\Omega)}^2,
$$
т.е.
$\lambda_0\ge 0$.
3) Собственные функции (с.ф.) оператора $L$, соответствующие
раз\-лич\-ным собственным значения (с.з.), ортогональны, т.е.\\
$(u_1, u_2)_{L_2(\Omega)}=0$,\\
где $u_1$, $u_2$ --- с.ф.,
$\lambda_1$, $\lambda_2$ --- соответствующие с.з.
Доказательство.\\
$(Lu_1, u_2)_{L_2(\Omega)}=\lambda_1(u_1, u_2)_{L_2(\Omega)}=
(u_1, Lu_2)_{L_2(\Omega)}=\lambda_2(u_1, u_2)_{L_2(\Omega)}
\Rightarrow\\
\Rightarrow (\lambda_1-\lambda_2)(u_1, u_2)_{L_2(\Omega)}=0$.
Поскольку
$\lambda_1\ne\lambda_2$, то $(u_1, u_2)_{L_2(\Omega)}=0$,
что и требовалось доказать.
4) С.ф. оператора $L$ можно выбрать вещественными.
Пусть $Lu_0=\lambda_0 u_0$, $u_0=u_1+i u_2$.
Тогда
$Lu_{1,2}=\lambda_0 u_{1,2}$, что и требовалось доказать.
5) $\lambda=0$ не является с.з. задачи (1).
Допустим противное: $\lambda=0$ является с.з. задачи (1), а\\
$u(\not\equiv 0)\in\mathscr{D}(L)$ --- с.ф.
Однако в силу принципа максимума
$u\equiv 0$ в $\overline\Omega$, т.е. $\lambda=0$
не является с.з. оператора $L$.
Если $\partial\Omega$ --- достаточно гладкая поверхность,
то справедлива сле\-ду\-ю\-щая
\noindent
{\bf Теорема 1.}
Множество собственных значений $\{\lambda_k\}$
оператора $L$ счет\-но и не имеет конечных предельных точек;
каждое с.з. имеет конечную кратность.
Всякая функция
$f(x)\in\mathscr{D}(L)$ разлагается в регулярно
сходящийся ряд Фурье по с.ф. оператора $L$.
\noindent
{\bf Замечание 1.} Доказательство теоремы 1 основано на том,
что задача (1) эквивалентна задаче на с.з. для некоторого
интегрального урав\-не\-ния. В самом деле, переписывая задачу (1)
в виде:
$$
\left\{
\begin{array}{l}
\bigtriangleup_x u =f(x)=-\lambda u(x),\quad x\in\Omega,\\
\left. u\right|_{\partial\Omega}=0,
\end{array}
\right.
\eqno (1)
$$
применим затем аппарат функций Грина (см. \S 14, формулу (12)):
$$
\left\{
\begin{array}{l}
u(x)=\lambda\int\limits_\Omega G(x, \xi) u(\xi)\,d\xi,\\
u(x)\in C^1(\overline\Omega).
\end{array}
\right.
\eqno (6)
$$
Обратно, пусть
$u(x)\in C^1(\overline\Omega)$ --- решение задачи (6).
Тогда, пос\-коль\-ку
$$
u(x)=\lambda\int\limits_\Omega g(x, \xi) u(\xi)\,d\xi-
\lambda\int\limits_\Omega U(x-\xi) u(\xi)\,d\xi,
$$
то, воспользовавшись свойствами объемного потенциала,
легко убе\-дить\-ся, что
$$
\left\{
\begin{array}{l}
\bigtriangleup_x u=-\lambda u,\quad x\in\Omega,\\
\left. u\right|_{\partial\Omega}=0.
\end{array}
\right.
$$
К интегральному уравнению (6) применимы теоремы Фредгольма,
из которых и следует теорема 1.
\noindent
{\bf Замечание 2.}
Теорема 1 утверждает, что все с.з. оператора $L$
можно перенумеровать в порядке возрастания их величины, т.е.
$$
0<\lambda_1<\lambda_2\le...\le\lambda_k\le...,
\quad\lambda_k\to\infty,\,k\to\infty,
\eqno (7)
$$
причем на основании свойства (5) $\lambda_1>0$ (кроме того, более
тонкий анализ показывает, что $\lambda_1$ --- простое с.з. оператора $L$).
В ряде (7) $\lambda_k$ повторяется столько раз, какова его кратность.
Со\-от\-вет\-ству\-ю\-щие с.ф. оператора $L$ обозначим
через $X_1,...,X_k,...$,
так, что в ряде (7) каждому с.з. оператора $L$ $\lambda_k$
соответствует одна, и только одна, с.ф. оператора $L$ $X_k$:
$$
LX_k=\lambda_k X_k,\quad k=1,...,\,X_k(x)\in\mathscr{D}(L).
$$
При этом с.ф. оператора $L$ $\{X_k\}$ можно выбрать
ве\-щест\-вен\-но\-знач\-ными
и ортонормальными, так, что
$$
(LX_k,X_i)_{L_2(\Omega)}=\lambda_k(X_k,X_i)_{L_2(\Omega)}=\lambda_k\delta_{ki}.
\eqno (8)
$$
Далее, всякая функция $f(x)\in\mathscr{D}(L)$ разлагается в ряд Фурье
по системе $\{X_k\}$:
$$
f(x)=\sum_{k=1}^\infty(f,X_k)_{L_2(\Omega)}X_k(x)
\eqno (9)
$$
и этот ряд Фурье сходится регулярно (равномерно) на $\overline\Omega$.
Поскольку множество $C_0^\infty(\Omega)$ плотно в $L_2(\Omega)$ и
$C_0^\infty(\Omega)\subset\mathscr{D}(L)$, то $\mathscr{D}(L)$
плотно в $L_2(\Omega)$.
Справедлива
\noindent
{\bf Теорема 2.}
Система с.ф. оператора $L$ $\{X_k\}$ полна в $L_2(\Omega)$.
Далее, пусть $f\in\mathscr{D}(L)$. Тогда, с учетом (9) получаем:
\begin{multline*}
(Lf,f)_{L_2(\Omega)}=
\sum_{k=1}^\infty\overline{(f,X_k)}_{L_2(\Omega)}\cdot(Lf,X_k)_{L_2(\Omega)}=\\
\sum_{k=1}^\infty\overline{(f,X_k)}_{L_2(\Omega)}\cdot\lambda_k(f,X_k)_{L_2(\Omega)}=
\sum_{k=1}^\infty\lambda_k|(f,X_k)_{L_2(\Omega)}|^2
\qquad(10)
\end{multline*}
(выражение слева существует, значит сходится ряд справа).
Сконструируем функции $\eta_p$:
\begin{multline*}
\eta_p=f-\sum_{k=1}^p(f,X_k)_{L_2(\Omega)}\cdot X_k=
\sum_{k=p+1}^\infty(f,X_k)_{L_2(\Omega)}\cdot X_k,\\
p=1,2,...,\,f\in\mathscr{D}(L).
\end{multline*}
При этом
$$
(\eta_p,X_j)_{L_2(\Omega)}=
\left\{
\begin{array}{l}
0,\quad j=\overline{1,p},\\
(f,X_j)_{L_2(\Omega)},\quad j=p+1,...,
\end{array}
\right.
$$
$$
(L\eta_p,\eta_p)_{L_2(\Omega)}=
\sum_{k=p+1}^\infty\lambda_k|(f,X_k)_{L_2(\Omega)}|^2,
$$
т.е. при $p\to\infty$
$$
(L\eta_p,\eta_p)_{L_2(\Omega)}\to 0,
\eqno (11)
$$
поскольку ряд (10) сходится.
Далее,
$$
(Lf,f)_{L_2(\Omega)}=
\int\limits_\Omega(\bigtriangledown f,\bigtriangledown\bar f)\,dx,
$$
поэтому
\begin{multline*}
\|\bigtriangledown\eta_p\|_{L_2(\Omega)}^2=
\int\limits_\Omega(\bigtriangledown\eta_p,\bigtriangledown\bar\eta_p)\,dx=\\
\int\limits_\Omega
\left(
\left[\bigtriangledown f-
\sum_{k=1}^p(f,X_k)_{L_2}\cdot\bigtriangledown X_k
\right],
\left[\bigtriangledown\bar f-
\sum_{k=1}^p\overline{(f,X_k)}_{L_2}\cdot\bigtriangledown X_k
\right]
\right)\,dx=\\
=(L\eta_p,\eta_p)_{L_2(\Omega)}\to 0 \quad\mbox{при}\; p\to\infty.
\end{multline*}
Это означает, что
$$
\bigtriangledown f=
\sum_{k=1}^\infty(f,X_k)_{L_2(\Omega)}\cdot\bigtriangledown X_k(x),
\eqno (12)
$$
причем ряд (12) сходится к $\bigtriangledown f$ в $L_2(\Omega)$.
Итак, доказана
\noindent
{\bf Теорема 3.}
Если $f\in\mathscr{D}(L)$, то ряд (9) можно дифференцировать
почленно по $x_j,\,j=\overline{1,n}$ один раз и полученные
ряды будут сходиться к $\frac{\partial f}{\partial x_j}$ в $L_2(\Omega)$.
\noindent
{\bf Пример 1.}
Пусть $\Omega$ --- прямоугольник $(n=2)$:
\begin{center}
\begin{picture}(220,130)
\put(0,12){\vector(1,0){200}}
\put(12,0){\vector(0,1){125}}
\put(12,90){\line(1,0){148}}
\put(160,12){\line(0,1){78}}
\put(4,0){$0$}
\put(15,125){$y$}
\put(203,12){$x$}
\put(80,45){$\Omega$}
\put(0,88){$m$}
\put(161,0){$l$}
\end{picture}
\end{center}
Для нахождения нетривиальных решений задачи на с.з.
опе\-ра\-то\-ра~$L$
$$
\left\{
\begin{array}{l}
Lu=\lambda u,\quad L=-\bigtriangleup_{x,y};\\
\left. u\right|_{\partial\Omega}=0,
\end{array}
\right.
\eqno (1')
$$
применим метод разделения переменных, а именно будем
искать с.ф. оператора $L$
$u(x,y)=V(x)W(y)$.
Подставляя такие функции $u$ в $(1')$ получаем:\\
$-(V''W+VW'')=\lambda V W \Longrightarrow$\\
$-\frac{V''}{V}(x)=\lambda+\frac{W''}{W}(y)$, т.е.\\
$-\frac{V''}{V}=\mu,\; -\frac{W''}{W}=\nu=\lambda-\mu\Longrightarrow$
$$
\left\{
\begin{array}{l}
V''(x)+\mu\cdot V(x)=0,\quad V(0)=V(l)=0;\\
W''(y)+\nu\cdot W(y)=0,\quad W(0)=W(l)=0.
\end{array}
\right.
\eqno (*)
$$
Здесь $\nu,\mu$ --- константы.
Нетривиальные решения задачи $(*)$ легко находятся:
$$
V_k(x)=\sqrt{\frac{2}{l}}\cdot\sin{\frac{k\pi}{l}x},
\quad \mu_k=\left(\frac{k\pi}{l}\right)^2,\, k=1,2,...;
$$
$$
W_j(y)=\sqrt{\frac{2}{m}}\cdot\sin{\frac{j\pi}{m}y},
\quad \nu_j=\left(\frac{j\pi}{m}\right)^2,\,j=1,2,...
$$
Отсюда мы получаем с.з. оператора $L$ и с.ф. оператора $L$:
$$
\left\{
\begin{array}{l}
\lambda_{kj}=\pi^2\left(\frac{k^2}{l^2}+\frac{j^2}{m^2}\right),\\
X_{kj}(x,y)=\frac{2}{\sqrt{lm}}\cdot\sin\frac{k\pi}{l}x\cdot\sin\frac{j\pi}{m}y,
\quad \|X_{kj}\|_{L_2(\Omega)}^2=1.
\end{array}
\right.
\eqno (13)
$$
Можно показать, что других с.з. и с.ф. оператора $L$ у задачи $(1')$
нет (в случае прямоугольника).
\noindent
{\bf Пример 2.}
Рассмотрим следующую задачу:
$$
\left\{
\begin{array}{l}
\frac{\partial u}{\partial t}=\bigtriangleup_{x,y}u\quad\mbox{в}\quad G,\\
\left. u\right|_{S}=0,\\
\left. u\right|_{t=0}=\varphi (x,y),\quad (x,y)\in\Omega.
\end{array}
\right.
\eqno (14)
$$
Здесь:\\
$\Omega=\{(x,y);\quad 0<x<l,\,0<y<m\},$\\
$G=\{(t,x,y);\quad t>0,\,(x,y)\in\Omega\},$\\
$S=\{(t,x,y);\quad t>0,\,(x,y)\in\partial\Omega\}.$
Будем искать сначала формальное решение задачи (14),
полагая для начала, что
$\varphi(x,y)\in L_2(\Omega)$.
Формальное решение ищем в виде ряда Фурье по с.ф. оператора $L$
(с коэффициентами, зависящими от $t$):
$$
u(t,x,y)=\sum_{k,j=1}^\infty u_{kj}(t)\cdot X_{kj}(x,y),
\eqno (15)
$$
где
$X_{kj}(x,y)$ --- с.ф. оператора $L$ (см. (13)).
Подставляя (15) в (14) получим:
$$
\sum_{k,j=1}^\infty\{u_{kj}'(t)\cdot X_{kj}-u_{kj}(t)\cdot
\bigtriangleup_{x,y}X_{kj}\}=
\sum_{k,j=1}^\infty\{u_{kj}'+\lambda_{kj}u_{kj}\}\cdot X_{kj}(x,y),$$$$
\sum_{k,j=1}^\infty u_{kj}(0)\cdot X_{kj}(x,y)=
\sum_{k,j=1}^\infty (\varphi,X_{kj})_{L_2(\Omega)}\cdot X_{kj}(x,y).
$$
Отсюда мы получаем:
$$
\left\{
\begin{array}{l}
u_{kj}'+\lambda_{kj}u_{kj}=0,\\
u_{kj}(0)=\varphi_{kj}=(\varphi,X_{kj})_{L_2},
\end{array}
\right.
$$
т.е.
$u_{kj}(t)=e^{-\lambda_{kj}t}\cdot\varphi_{kj}$.
Итак, окончательно формальное решение задачи (14)
записывается так:
$$
u(t,x,y)=\sum_{k,j=1}^\infty \varphi_{kj}\cdot e^{-\lambda_{kj}t}\cdot X_{kj}(x,y),
\eqno (16)
$$
где\\
$\lambda_{kj},X_{kj}$ даны формулой (13),\\
$\varphi_{kj}=(\varphi,X_{kj})_{L_2}=
\frac{2}{\sqrt{lm}}\int\limits_0^l\int\limits_0^m\varphi(x,y)
\cdot\sin\frac{k\pi}{l}x\cdot\sin\frac{j\pi}{m}y\,dx dy$.
Можно показать, что (16) бесконечно дифференцируемая функция
при $\forall t>0,\quad u(t,x,y)\in C^\infty(G)$, даже если
$\varphi(x,y)\in L_2(\Omega)$.
}
\end{document}
Соседние файлы в папке 2011-04-01