
Вища математика1 / Algoritm
.pdf
Задача 7.4. Нехай A 2 Mat3(|). Довести, що якщо матриця A2 ма¹ власне значення ¸2, то принаймнi один з елементiв ¸ òà ¡¸ ¹ власним значенням матрицi A. Знайти розв'язки рiвняння X2 = J3(9).
матрицi A ¹ квадратом |
Q |
|
|
Q |
A |
|
|
|
Розв'язання. Якщо |
|
n |
, òî |
|
n |
|
2 |
, тобто довiльне власне значення |
2 |
ÂA(t) = i=1(t ¡ ¸i) |
|
ÂA |
(t) = i=1(t ¡ ¸i ) |
|
|||
|
деякого власного значення матрицi . |
|
||||||
|
|
|
Матриця X2 = J3(9) ма¹ ¹дине власне значення 9. Тому власними значеннями матрицi X можуть бути лише числа 3, ¡3. Якщо ЖНФ матрицi X ¹ прямою сумою щонайменше двох клiтин Жордана, то ця ж умова викону¹ться для матрицi X2, що суперечить умовi. Отже, можливi
два випадки: J(X) = J3 |
(3) àáî J(X) = J3(¡3). Розглянемо, наприклад, другий випадок. ЖНФ |
|||||||||||||||||||||||
матрицi X2 = J32( |
3) = |
0 |
0 |
9 |
6 |
1 |
äîðiâíþ¹ J3 |
(9), матриця переходу: S = |
0 |
0 |
6 |
0 |
1. |
|||||||||||
¡ |
B |
9 |
¡6 |
1 |
C |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
B |
36 |
1 |
0 |
C |
|||
0 |
0 |
¡9 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
¡0 1 |
|||||||||
|
|
@ |
|
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@ |
|
¡1 |
1 |
|
A |
|
Òîäi J3(9) = S¡1J3 ( |
3)S, çâiäêè X = S¡1J3( |
|
3)S. Обчисливши, одержимо X = |
0 |
|
0 |
3 |
|
|
|
1. |
|||||||||||||
|
|
¡6 |
|
|||||||||||||||||||||
|
¡ |
|
|
|
|
|
|
¡ |
|
|
|
|
|
|
|
|
B |
¡3 |
6 |
216 |
|
C |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
¡0 |
¡3 |
||||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@ |
|
|
|
1 |
A |
||
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
1, äå T = |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Ùå îäèí ðîçâ'ÿçîê: X = T ¡1J3 |
(3)T = |
0 |
3 |
6 |
0 |
6 |
0 |
1. |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
1 |
¡1 |
|
|
36 |
1 |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
B |
0 |
6 |
216 |
C |
B |
0 |
0 |
1 |
C |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
@ |
|
|
1 |
A |
@ |
|
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
8. Евклiдовi простори
Задача 8.1. Знайти ортогональну проекцiю prU (x) вектора x = (1; 1; 5)> на пiдпростiр U = |
|||||||||||||||||
¡u1; u2; u3¢ ½ R3, äå |
u1 |
= |
0 |
2 |
1 |
; u2 = |
0 |
5 |
1; u3 = |
0 |
|
1 |
1 |
; |
|||
|
2 |
2 |
|
4 |
|||||||||||||
|
|
|
|
B |
1 |
C |
|
|
B |
4 |
C |
B |
¡1 |
C |
|
||
|
|
|
|
@ |
|
A |
|
òà |
@ |
|
A |
@ |
|
|
A |
|
|
ортогональну складову |
ortU (x) |
вектора |
x |
|
вiдстань вiд |
x |
äî |
U |
. |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Розв'язання. Базис пiдпростору U äîðiâíþ¹ fu1; u2g, ортогоналiзу¹мо його за методом Грама-
Øìiäòà: |
|
|
|
(u2; v1) v1 |
= 0 2 1 |
|
18 |
0 2 |
1 = 0 2 1 |
|
2 |
0 2 1 |
= 0 |
2 1 |
: |
|||||||||||||||
v1 = u1; v2 = u2 |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
¡ (v1; v1) |
|
B |
5 |
|
¡ |
9 |
|
2 |
C B |
5 |
|
|
B |
2 |
|
1 |
C |
|
|||||||||
|
|
|
|
4 C |
|
B 1 |
4 C ¡ |
|
1 C B |
¡2 |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@ |
A |
|
|
|
|
@ |
A |
@ |
A |
|
|
@ |
A |
@ |
|
A |
|
|||
|
0 |
|
1 |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
Отже, вектори v1 = |
2 |
òà v2 = |
2 |
1 |
утворюють ортогональний базис пiдпростору U. Òîäi |
|||||||||||||||||||||||||
|
B |
2 |
C |
|
|
B |
1 |
C |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
1 |
|
|
¡2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
@ |
|
A |
|
|
@ |
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
|
+ v2 = 0 |
3 |
1 |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
(x; v1) |
|
|
(x; v2) |
|
|
9 |
|
|
|
|
9 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
prU (x) = |
|
v1 + |
v2 = |
v1 + |
v2 |
= v1 |
0 |
= 3e1 + 3e3: |
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
(v1; v1) |
|
(v2; v2) |
|
9 |
|
|
|
|
9 |
|
|
B |
3 |
C |
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@ |
|
|
A |
|
|
|
|
|
Ортогональна складова дорiвню¹ ortU (x) = x ¡ prU (x) = (¡2; 1; 2)> = ¡2e1 + e2 + 2e3, вiдстань вiд x äî U äîðiâíþ¹ jortU (x)j = p9 = 3.

Задача 8.2. Знайти ортогональне перетворення, яке зводить квадратичну форму
x21 ¡ 2x22 + x23 + 4x1x2 ¡ 2x1x3 + 4x2x3
до канонiчного вигляду (зведення до головних осей), i записати цей канонiчний вигляд.
Розв'язання. Випишемо матрицю F дано¨ квадратично¨ форми: |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
F = |
0 |
2 |
2 |
|
¡2 |
1: |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
B |
1 |
2 |
|
1 |
C |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
¡1 |
¡2 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
@ |
|
2 |
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
||
Знайдемо власнi вектори матрицi F . ÂF (t) = (t ¡ 2) (t + 4), îòæå, J(F ) = J1(2) © J1(2) © J1(¡4) i |
||||||||||||||||||||
Знайдемо |
|
¡ |
= e3 ¡ e1; u2 = 2e1 + e2); |
|
V2. Покладемо |
|
¡ |
|
|
¡ 2e2 + e3): |
||||||||||
V2 = Ker (F ¡ 2I3) = |
u1 |
V¡4 |
= Ker (F + 4I3) = |
u3 = e1 |
||||||||||||||||
|
ортогональний базис власного пiдпростору |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
v1 = u1 = 0 |
1 |
1; v2 |
|
|
|
|
|
|
|
0 |
2 |
1 |
|
0 |
1 |
1 |
= 0 |
1 |
1: |
|
¡0 |
= u2 |
¡ |
|
(u2; v1) |
v1 = |
1 |
¡2 |
¡0 |
1 |
||||||||||
|
|
(v2; v2) |
2 |
|||||||||||||||||
|
B |
1 |
C |
|
|
|
|
B |
0 |
C ¡ |
B |
1 |
C B |
1 |
C |
|||||
|
@ |
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
@ |
|
A |
|
@ |
|
A |
@ |
|
A |
Випишемо тепер потрiбний ортонормований базис v простору R4 та вiдповiдну ортогональну матрицю переходу T = Tev:
|
0 |
1 |
|
1 |
1 |
|
1 |
|
|
|
|
0 |
p |
|
|
p |
|
|
|
1 |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
¡p |
|
|
p |
|
|
p |
|
|
|
1 |
|
¡ 3 |
2 |
1 |
|
|
|
||||||||||
|
2 |
3 |
6 |
|
|
|
1 |
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
p2 |
|
; T ¡ |
= T >: |
|||||||||
T = |
0 |
p1 |
|
p¡ |
|
|
= |
|
|
|
0 |
2 |
|
|||||||||||||||
3 |
6 |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
p6 |
|
||||||||||||||||||||||||||
|
B |
p12 |
p13 |
p16 |
C |
|
B |
p3 |
p2 |
¡1 |
C |
|
|
|
||||||||||||||
|
@ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|
|
@ |
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Тодi формула перетворення координат квадратичíо¨ форми ¹ такою: |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
p |
|
p2 |
|
|
|
|
||
x1 |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
1 |
y1 |
|
|
||||
0 x2 |
1 |
= |
1 |
|
0 |
¡ |
|
|
p |
|
|
|
10 y2 |
1 |
: |
|
|
0 |
2 |
2 |
|||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||
p6 |
|
|||||||||||||||
B x3 |
C |
|
B |
|
p3 |
p2 |
¡1 |
CB y3 |
C |
|
||||||
@ |
A |
|
|
|
|
@ |
|
|
|
|
|
|
|
A@ |
A |
|
Згiдно з алгоритмом, квадратична форма в координатах y1; y2; y3 набуде вигляду:
2y12 + 2y22 ¡ 4y32:
Перевiрка. Матриця квадратично¨ форми в ортонормованому базисi v äîðiâíþ¹
|
0 |
2 |
0 |
0 |
1 |
|
T ¡1F T = |
B |
0 |
0 |
¡4 |
C |
: |
|
@ |
|
|
|
A |
|