
- •Министерство образования и науки
- •Содержание
- •Введение
- •1 Строение вещества
- •1.1 Теоретическая часть
- •1.2 Примеры решения задач
- •1.3 Задачи индивидуального расчетного задания
- •2 Растворы и химическое равновесие
- •2.1 Теоретическая часть
- •2.1 Примеры решения задач
- •2.3 Задачи индивидуального расчетного задания
- •3 Химическая кинетика и термодинамика
- •3.1 Теоретическая часть
- •3.2 Примеры решения задач
- •3.3 Задачи индивидуального расчетного задания
- •4 Окилительно-восстановительные процессы
- •4.1 Теоретическая часть
- •4.2 Примеры решения задач
- •4.3 Задачи индивидуального расчетного задания
- •5 Правила выбора задач индивидуальных расчетных заданий
- •Литература
- •Индивидуальные задания
- •Министерство образования и науки
3 Химическая кинетика и термодинамика
3.1 Теоретическая часть
Химическая кинетика равновесие
Химической кинетикой называется учение о скорости и механизмах химических реакций, закономерностях их развития во времени.
При постоянной температуре скорость химической реакции прямо пропорциональна произведению концентраций реагирующих веществ, возведенных в некоторых степенях:
aА+bВ = cС+dD
=
k∙CaA∙CbB
(3.1)
где k − коэффициент пропорциональности, называемый константой скорости данной реакции.
Первая попытка учесть влияние температуры на скорость химических реакций сделана Вант-Гоффом, сформулировавшим следующее эмпирическое правило.
При повышении температуры на каждые 10 градусов константа скорости элементарной химической реакции увеличивается в 2−4 раза.
Величина, показывающая, во сколько раз увеличивается скорость или константа скорости при повышении температуры на 10 градусов, есть температурный коэффициент скорости реакции γ. Математически правило Вант-Гоффа можно записать следующим образом:
,
(3.2)
где − температурный коэффициент скорости химической реакции;
k1, k2 – константы скорости реакции при соответствующих температурах;
t1, t2 – температуры реакций.
Более точно зависимость скорости реакции от температуры описывает уравнение Аррениуса
,
(3.3)
где A − стерический фактор, который определяет вероятность активного столкновения;
Ea – энергия активации;
R – универсальная газовая постоянная;
T – температура реакции.
Величина Ea характеризует природу реагирующих веществ и определяется экспериментально из зависимости k = f(T). Записав уравнение (3.3) в логарифмическом виде и решая его для констант при двух температурах, находим Ea:
,
.(3.4)
В соответствии с законом действующих масс состояние равновесной химической системы характеризуется константой равновесия, представляющей собой отношение констант скоростей прямой (k1) и обратной (k2) реакций [4].
.
(3.5)
3.2 Примеры решения задач
Пример 1. Во сколько раз изменится скорость прямой реакции N2(г)+3Н2(г)↔ 2NH3(г), если давление в системе увеличить в 2 раза?
Решение
Увеличение давления в системе в 2 раза равносильно уменьшению объема системы в 2 раза. При этом концентрации реагирующих веществ возрастут в 2 раза. Согласно закону действующих масс, начальная скорость реакции равна υн = k∙[N2]∙[H2]3. После увеличения давления в 2 раза концентрации азота и водорода увеличатся в 2 раза, и скорость реакции станет равна υк = k∙2[N2]∙23[H2]3 = k∙16[N2]∙[H2]3. Отношение υк/υн показывает, как изменится скорость реакции после изменения давления. Следовательно, υк/υн = k∙16[N2]∙[H2]3/k∙[N2]∙[H2]3=16.
Ответ: скорость реакции увеличится в 16 раз.
Пример 2. Во сколько раз изменится скорость прямой и обратной реакции в системе: 2SO2(г) + O2(г) ↔2SO3(г), если объем газовой смеси уменьшить в три раза? В какую сторону сместится равновесие системы?
Решение
Обозначим концентрации реагирующих веществ: [SO2] = а, [O2] = b, [SO3] = c. Согласно закону действия масс, скорости и прямой и обратной реакций до изменения объема
υпр = k·а2·b ; υобр = k1·с2
После уменьшения объема гомогенной системы в три раза концентрация каждого из реагирующих веществ увеличится в три раза: [SO2] = 3a, [O2] = 3b, [SO3] = 3c. При новых концентрациях скорости υ' прямой и обратной реакций: υ'пр = k·(3a)2·(3b) = 27·k·a2·b; υ'обр= k1·(3с)2 = 9·k1·с2. Отсюда
;
.
Следовательно, скорость прямой реакции увеличилась в 27 раз, а обратной – только в девять раз. Равновесие системы сместилось в сторону образования SO3.
Ответ: скорость прямой реакции увеличилась в 27 раз, а обратной – только в девять раз. Равновесие системы сместилось в сторону образования SO3.
Пример 3. В реакции С(т)+2H2(г) ↔ CH4(г) концентрацию водорода уменьшили в 3 раза. Как изменится скорость реакции?
Решение
Согласно закону действующих масс, начальная скорость реакции равна υн=k∙[H2]2. После уменьшения концентрации водорода в 3 раза скорость станет равна υк=k∙(1/3)2[H2]2 =1/9k[H2]2. После изменения концентрации водорода скорость изменится следующим образом: υк/υн=1/9k[H2]2/k[H2]2=1/9.
Ответ: скорость реакции уменьшится в 9 раз.
Пример 4. Во сколько раз возрастет скорость реакции при повышении температуры с 10 до 30 oС (γ = 3)?
Решение
При увеличении температуры с 10 до 30 oС скорость реакции в соответствии с правилом Вант-Гоффавозрастает:
υ2/υ1=γ(t2-t1)/10, где t2=30 oC, t1=10 oC, а υ2 и υ1 – скорости реакции при данных температурах. Получаем υ2/υ1=3(30–10)/10=32=9, т.е. скорость реакции увеличится в 9 раз.
Ответ: скорость реакции увеличится в 9 раз.
Пример 5. Вычислите, во сколько раз увеличится скорость реакции, протекающей в газовой фазе, при повышении температуры от 30 до 70 oС, если температурный коэффициент реакции равен 2.
Решение
Зависимость скорости химической реакции от температуры определяется эмпирическим правилом Вант-Гоффа по формуле
;
.
Следовательно, скорость реакции при температуре 70 oС больше скорости реакции при температуре 30 oС в 16 раз.
Ответ: скорость реакции увеличится в 16 раз.
Пример 6. Равновесие реакции 2H2(г)+O2(г) ↔ 2H2O(г) ; ∆H<0 смещается вправо: 1) при уменьшении давления; 2) при увеличении давления?
Решение
Все вещества в системе – газы. В соответствии с принципом Ле Шателье, повышение давления приводит к смещению равновесия в сторону реакции, приводящей к меньшему количеству молей газов, т.е. в сторону образования Н2О. Следовательно, повышение давления в системе смещает равновесие реакции вправо.
Ответ: повышение давления в системе смещает равновесие реакции вправо.
Пример 7. В какую сторону сместится равновесие реакции 2SO2(г)+O2(г)↔ 2SO3(г); ∆H<0 при повышении температуры?
Решение
Поскольку ∆H<0, теплота выделяется в ходе прямой реакции, которая является экзотермической. Обратная реакция будетэндотермической. Повышение температуры всегда благоприятствует протеканию реакции с поглощением теплоты, т.е. равновесие сместится в сторону исходных веществ.
Ответ: равновесие сместится влево.
Пример 8. Определите константу равновесия реакции NOCl2(г)+NO(г) ↔ 2NOCl(г), если при некоторой температуре равновесные концентрации веществ составляют: [NOCl2]=0,05; [NO]=0,55; [NOCl]=0,08 моль/л.
Решение
Константа равновесияобратимой химической реакции равна отношению произведения равновесных концентраций продуктов к произведению равновесных концентраций исходных веществ. Значение каждой из концентраций должно быть возведено в степень, равную стехиометрическому коэффициенту перед соответствующим веществом в уравнении реакции. Поэтому
.
Ответ: 0,233.
Пример 9. Эндотермическая реакция разложения пентахлорида фосфора протекает по уравнению:
РСl5(г)↔ РСl3(г)+Сl2(г); ∆Н = + 92,59 кДж.
Как надо изменить: а) температуру; б) давление; в) концентрацию, чтобы сместить равновесие в сторону прямой реакции – разложения РСl5?
Решение
Смещением, или сдвигом, химического равновесия называют изменение равновесных концентраций реагирующих веществ в результате изменения одного из условий реакции. Направление, в котором сместилось равновесие, определяется по принципу Ле Шателье: а) так как реакция разложения PCl5 эндотермическая (∆Н > 0), то для смещения равновесия в сторону прямой реакции нужно повысить температуру; б) так как в данной системе разложение PCl5 ведет к увеличению объема газообразных веществ (из одной молекулы газа образуются две газообразные молекулы), то для смещения равновесия в сторону прямой реакции надо уменьшить давление; в) смещение равновесия в указанном направлении можно достигнуть как увеличением концентрации PCl5, так и уменьшением концентрации PCl3 или Cl2.
Пример 10. Один моль аммиака поместили в сосуд объемом 20 л и нагрели до 600 oC. Давление в сосуде оказалось равным 435 кПа. Рассчитайте степень разложения аммиака.
Решение
2NH3(г) ↔ N2(г)+3Н2(г)
Количество (моль) газов после реакции:
PV/RT = 435∙20/(8,31∙873) = 1,20 моль.
Если разложилось х моль аммиака, то схема разложения:
осталось NH3 (1–х); получилось N2 (х/2) + H2 (3х/2)
Из уравнения: 1,20 моль = (1–x) + x/2 + 3x/2 = 1+x
получим x = 0,2 моль.
Ответ: степень разложения аммиака 20 %.
Пример 11. Константа равновесия реакции N2 + 3H2 ↔ 2NH3 равна 0,1 (при 400 oС). Равновесные концентрации [Н2] = 0,2 моль/л и [NН3] = 0,08 моль/л. Вычислить начальную и равновесную концентрации азота.
Решение
Записываем выражение для константы равновесия К
K = ([NH3]2/ ([N2]∙[H2]3).
Подставляем в выражение для К данные задачи:
0,1 = (0,082/ ([N2]∙0,23).
Отсюда рассчитываем равновесную концентрацию
[N2] = 8 моль/л.
Далее находим начальную концентрацию азота, учитывая, что из 1 моль азота согласно уравнению реакции образуется 2 моль аммиака, т.е. для получения 0,08 моль аммиака требуется 0,04 моль азота. Таким образом, начальная концентрация азота
[N2] = 8 + 0,04 =8,04 моль/л.
Ответ: равновесная концентрация азота 8 моль/л, начальная – 8,04 моль/л.
Пример 12. Некоторая реакция при 0 oС протекает практически до конца за 4,5 часа (∼16384 с = 214 с). При какой температуре реакция пройдет практически до конца в 1 с (температурный коэффициент скорости равен 2).
Решение
Подставляем данные задачи в формулу (3.2):
находим t2/10 = 14. Отсюда: t2 = 140 oС.
Ответ: t2 = 140 oС.
Пример 13. Во сколько раз увеличится скорость реакции, протекающей при 300 К, если энергию активации уменьшить на 7 кДж/моль.
Решение
Воспользуемся уравнением (3.3). Запишем его для двух скоростей реакций при двух разных энергиях активации, отличающихся на 7 кДж, и поделим одно на другое:
Ответ: в 16,6 раза.
Пример 14. При 37 oС реакция заканчивается за 150 с, а при 47 oC − за 75 с. Вычислить энергию активации.
Решение
Найдем энергию активации по формуле (3.4).
=
57,1 кДж/моль.
Ответ: 57,1 кДж / моль.
Пример 15. Константа равновесия гомогенной системы
СО (г) + Н 2O (г) ↔ СО2 (г) + Н2 (г)
при 850 °С равна 1. Вычислите концентрации всех веществ при равновесии, если исходные концентрации:
[СО]исх= 3 моль/л, [Н2О] исх = 2 моль/л.
Дано: СО(г)+ Н2 О ↔СО2(г)+ Н2(г), Кравн = 1, t = 850 oС, [СО]исх. = 3 моль/л, [Н2 О]исх. = 2 моль/л. Найти: [СО]равн ,[Н2 О]равн , [СО2]равн , [Н2 ]равн . |
Решение: При равновесии скорости прямой и обратной реакции равны, а отношение констант этих скоростей есть тоже величина постоянная и называется константой равновесия данной системы: |
v пр= k1[СО] [Н2О];
v обр= k2[СО2] [Н2];
Кравн= k1/k2 = [СО2] [Н2]/[СО] [Н2О].
В условии задачи даны исходные концентрации, в то время как в выражение Кравн входят только равновесные концентрации всех веществ системы. Предположим, что к моменту равновесия концентрация [СО2 ] равн = х моль/л. Согласно уравнению число молей образовавшегося водорода при этом будет также х моль/л. Столько же молей (х моль/л) СО и Н2 О расходуется для образования по х молей СО2 и Н2.
Следовательно, равновесные концентрации всех четырех веществ будут:
[С02]равн= [Н2]равн. = х моль/л;
[С0]равн = (3 –х) моль/л;
[Н2О] равн = (2 – х ) моль/л.
Зная константу равновесия, находим значение х, а затем и исходные концентрации всех веществ:
1= х2/ (3 – х) (2 – х );
х2= 6 –2х –3х +х2; 5х= 6, х= 1,2 моль/л.
Таким образом, искомые равновесные концентрации:
[С02]равн = 1,2 моль/л;
[Н2]равн = 1,2 моль/л;
[CO ]равн = 3 – 1,2 = 1,8 моль/л;
[Н2О]равн = 2 –1,2 = 0,8 моль/л.
Ответ: [СО2 ]равн = 1,2 моль/л, [Н2]равн = 1,2 моль /л, [CO ]равн = = 1,8 моль/л, [Н2О]равн = 0,8 моль/л.
Пример 16. Эндотермическая реакция разложения пентахлорида фосфора протекает по уравнению:
РСl5 (г) = РСl3 (г) + Сl2 (г); ΔНo = + 92,59 кДж.
Как надо изменить: а) температуру; б) давление; в) концентрацию, чтобы сместить равновесие в сторону прямой реакции разложения PCl5?
Дано: РСl5 (г) = РСl3 (г) + Сl2 (г).
|
Решение: Смещением, или сдвигом, химического равновесия называют изменение равновесных концентраций реагирующих веществ в результате изменения одного из условий реакции.
|
Найти: как изменить t, p, концентрацию, чтобы сместить равновесие в сторону прямой реакции? |
Направление, в котором сместилось равновесие, определяется по принципу Ле Шателье: а) так как реакция разложения РСl5 эндотермическая (ΔН > 0), то для смещения равновесия в сторону прямой реакции нужно повысить температуру; б) так как в данной системе разложение PCl5 ведет к увеличению объема (из одной молекулы газа образуются две газообразные молекулы), то для смещения равновесия в сторону прямой реакции надо уменьшить давление; в) смещения равновесия в указанном направлении можно достигнуть как увеличением концентрации PCl5, так и уменьшением концентрации PCl3 или Cl2.
Ответ: для смещения равновесия в сторону прямой реакции необходимо повысить температуру, уменьшить давление и увеличить концентрацию PCl5 или уменьшить концентрации PCl3 или Cl2.
Пример 17. Реакция горения этана выражается термохимическим уравнением С2Н6 (г) + 7 1/2 О2(г) = 2СО2 (г) + 3 Н2О(ж); ΔН = – 1559,87 кДж. Вычислить теплоту образования этана, если известны теплоты образования СО2(г) и H2O(ж).
Дано: С2Н6 (г) + 71/2 О2→2 СО2 + + 3Н2О, ΔН. = - 1559,87 кДж. |
Решение: Нужно вычислить тепловой эффект реакции образования этана С2Н6, термохимическое уравнение которой имеет вид: 2С (граф) + ЗН2 (г) = С 2Н6 (г); |
Найти: ΔН (С2Н6(г)). |
a) С 2H6 (г) + 3 1/2 О2 (г) =2СО2 (г) + 3Н 2О (ж); ΔН= – 1559,87 кДж;
б) С (граф) + О 2(г) = СО2 (г); ΔН = – 393,51 кДж;
в) Н2 (г) + 1/2О2 (г) = Н2О (ж); ΔН= –285,84 кДж.
На основании закона Гесса с термохимическими уравнениями можно оперировать так же, как и с алгебраическими.
Для получения искомого результата следует уравнение (б) умножить на 2, уравнение (в) − на 3, а затем сумму этих уравнений вычесть из уравнения (а):
С2H6 + 7 1/2 О2 – 2С – 2О2 – ЗН2 – 3/2О2= 2CO2+ 3Н2О – 2СО2 –3Н2О; ΔН = –1559,87 + 787,02 + 857,52;
С2Н6 = 2С + 3Н2; ΔН = + 84,67 кДж.
Так как теплота образования равна теплоте разложения с обратным знаком, то ΔНобр (С2Н6)(г) = –84,67 кДж. К тому же результату придем, если для решения задачи применить вывод из закона Гесса:
ΔН= 2ΔН(CO2) + 3ΔН (H2O)–ΔН0(С2Н6) – 7 1/2ΔН(O2).
Учитывая, что теплоты образования простых веществ условно приняты равными нулю,
ΔН(С2Н6)= 2ΔН(CO2) + 3ΔН(H2O) – ΔН;
ΔН(С2Н6)= 2 (–393,51) + 3 (–285,84) +1559,87 = –84,67;
Ответ. ΔН(С2Н6(г)) = – 84,67 кДж.
Пример 18. Реакция горения этилового спирта выражается термохимическим уравнением:
С2 Н5ОН(ж) + 3О2(г) = 2СО2(г) + 3Н2О(ж); ΔН = ?
Вычислить тепловой эффект реакции, если известно, что мольная теплота парообразования С2Н5ОН(ж) равна +42,36 кДж и известны теплоты образования: С2Н5ОН(г); СО2(г); Н2О(ж).
Дано: С2Н5ОН(ж) + 3О2(г) = 2СО2 (г) + 3Н2О(ж), ΔНпарооб =42,36 кДж. |
Решение Для определения ΔН реакции необходимо знать теплоту образования С2Н5ОН(ж). Последнюю находим из данных задачи: |
Найти: ΔН. |
С2 Н5ОН(ж)= С2Н5ОН(г); ΔНпарооб= +42,36 кДж ;
+ 42,36 = –235,31 –ΔН (С2 Н5ОН(ж)).
ΔН((С2 Н5ОН(ж)) = –235,31–42,36 = –277,67 кДж.
Вычисляем ΔН реакции, применяя следствие из закона Гесса:
ΔН = 2·(–393,51) + 3·(–285,84) + 277,67 = –1366,87 кДж.
Ответ: ΔН = –1366,87 кДж.
Пример 19. Растворение моля безводной соды Na2СО3 в достаточно большом количестве воды сопровождается выделением 25,10 кДж теплоты, тогда как при растворении кристаллогидрата Na2СО3∙10 Н2О поглощается 66,94 кДж теплоты. Вычислить теплоту гидратации Na2СО3 (теплоту образования кристаллогидрата).
Дано: ΔН = – 25,1 кДж , ΔН(Na2CO3 aq) = 66,94 кДж.
|
Решение Составляем термохимические уравнения соответствующих реакций: a) Na2CO3 + aq = Na2CO3∙aq; ΔН= –25,10 кДж;
|
Найти: ΔН (Nа 2СО3·10H2O). |
б) Nа2СО3∙10Н2О + аq =Na2СО3∙aq;
ΔН(Na2CO3∙aq) = + 66,94 кДж.
Вычитая уравнение (б) из уравнения (а), получаем ответ:
Nа2СО3 + 10H2O = Nа 2СО3·10H2O;
ΔН (Nа 2СО3∙10H2O) = – 92,04 кДж,
т.е. при образовании Na2CO3∙10Н 2О выделяется 92,04 кДж теплоты.
Ответ: теплота образования кристаллогидрата Na2CO3∙10Н2О равна –92,04 кДж.
Пример 20.Рассчитайте изменение энергии Гиббса при превращении 1 моль переохлажденной воды при температуре минус 10С и давлении 1 атм в лед. Считайте постоянными в интервале температур от минус 10 до 0С энтропию кристаллизацииSкристи энтальпию кристаллизацииНкрист. Энтальпия плавленияНпл= 6 кДж/моль [6].
Дано: ΔНпл.= 6 кДж/моль, t1= – 10oС, t2 = 0 oС. |
Решение ΔG = ΔH – TΔS; ΔHкрис.= – ΔHпл. ; ΔSкрист. = ΔHкрист./T крист.; ΔG= –6+263(6/273) = –0,2 кДж/моль. |
Найти: ΔG. |
Ответ.ΔG= – 0,2 кДж/моль.
Пример 21.Не производя вычислений, определить знак изменения энтропии в следующих реакциях:
NH4NO3(к) = N2O(г) + 2Н2О(г), (1)
2Н2(г) + О2(г) = 2Н2О(г), (2)
2Н2(г) + О2(г) = 2Н2О(ж). (3)
Дано: NH4NO3(к) == N2O(г.) + 2Н2О(г), 2Н2(г) + О2(г) = 2Н2О(г), 2Н2(г) + О2(г) = 2Н2О(ж).
|
Решение: В реакции (1) 1 моль вещества в кристаллическом состоянии образует 3 моля газов, следовательно, ∆S1 > 0. В реакциях (2) и (3) уменьшается как общее число молей, так и число молей газообразных веществ, так что ∆S2 < 0 и ∆S3 <. 0. При этом ∆S3 имеет более отрицательное значение, чем ∆S2, так как S (Н2О (ж)) < S(Н2О (г)) .
|
Найти: знак изменения энтропии в реакциях.
|
Ответ: ∆S1 > 0, ∆S2 < 0 и ∆S3 < 0.