Добавил:
Upload Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

C22013

.pdf
Скачиваний:
110
Добавлен:
13.02.2015
Размер:
2.58 Mб
Скачать
sin sin

Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: типы задач и методы их решения.

Метод опорных задач

При решении задач этого типа можно воспользоваться опорными задачами № 2, 3 и 5 (глава 3 п. 3.4).

Применение теоремы «о трех косинусах»

Пусть величина угла между наклонной l и ее проекцией на некоторую плоскость, величина угла между проекцией наклонной l и прямой, проведенной через основание той же наклонной в плоскости проекции, и величина угла между наклонной l и прямой, проведенной через ее основание в плоскости проекции. Тогда справедливо следующее соотношение:

cos cos cos .

Доказательство теоремы приведено в главе 3 п. 3.4, опорная задача №3.

Пример 41. Угол между боковыми рёбрами правильной четырехугольной пирамиды, не лежащими в одной грани, равен 120 . Найти плоский угол при вершине пирамиды.

Решение. В правильной четырехугольной пирамиде SABCD проведем диагональное сечение ASC (см. рис. 47); SD – наклонная к плоскости сечения, SO

– высота пирамиды и проекция SD на эту плоскость, SC – прямая, проведенная в плоскости ASC через основание наклонной. По условию ASC 120 .

S

B

AOC

D

Рис. 47

Из теоремы о трех косинусах получаем:

cos DSC cos DSO cos CSO.

Отсюда

04.12.2012

31

cos DSC cos60 cos60 cos2 60 1 . 4

Следовательно, DSC arccos1 . 4

Ответ: arccos1 . 4

Применение теоремы косинусов для трехгранного угла

Во всяком трехгранном угле, плоские углы которого равны , и , а двугранные углы, противолежащие им, соответственно равны A , B и C , име-

ют место следующие равенства:

cos C cos cos cos , sin sin

cos B cos cos cos , sin sin

cos A cos cos cos .

Доказательство теоремы приведено в главе 3 п. 3.4, опорная задача №2.

Пример 42. В кубе ABCDA1B1C1D1

найти угол между прямыми AD1 и DM,

где М – середина ребра D1C1 .

Решение. Пусть ребро куба равно 1, точка N – середина ребра А1В1 , тогда искомый угол равен углу между AD1 и AN (см. рис. 48).

 

B1

A1

N

C1

 

M

 

D1

A

B

C

 

D

Рис. 48

Используем теорему косинусов для трехгранного угла с вершиной A (опорная задача № 2), в котором A1 AD1 ,

www.alexlarin.net

Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: типы задач и методы их решения.

A1AN , NAD1 . Так как в кубе все двугранные углы при ребрах прямые, то 90 . Тогда из теоремы следует, что

cos cos cos .

Из прямоугольного треугольника

A AD находим cos cos45

2

, из

 

1

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

треугольника A1AN получаем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

AA1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

.

 

 

 

cos

 

 

1:

 

 

 

5

 

 

 

AN

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

5

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

 

 

Отсюда cos

 

 

 

2

 

2

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

5

 

 

 

 

 

 

5

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Следовательно, arccos

 

2

.

 

 

 

 

 

 

5

Ответ: arccos 2 . 5

Применение формулы

cos2 cos2 cos2 1,

где , и – углы, которые образует некоторая прямая с тремя попарно перпендикулярными прямыми.

Доказательство этой формулы приведено в главе 3 п. 3.4, опорная задача №5.

Пример 43. Дан прямоугольный параллелепипед ABCDA1B1C1D1. Его диаго-

наль В1D составляет с ребром AD угол 45 , а с ребром DC угол 60 . Найти угол между прямыми В1D и DD1 .

Решение. Так как параллелепипед ABCDA1B1C1D1 прямоугольный, то его ребра, выходящие из одной вершины попарно перпендикулярны. Рассмотрим вершину D и воспользуемся данной выше формулой

cos2 cos2 cos2 1,

где ADB1 , CDB1 , D1DB1

(см. рис. 49).

Так как по условию 45 , 60 , то получаем

04.12.2012

32

cos2 45 cos2 60 cos2 1,

cos2 1 1 1 1 . 4 2 4

Поскольку – острый угол, то cos 1 . 2

Отсюда 60 .

Ответ: 60 .

B1

C1

A1

D1

B

C

A

D

Рис. 49

Решение одной задачи разными методами

Пример 44. В правильной шестиугольной пирамиде SABCDEF , стороны основания которой равны 1, а боковые рёбра равны 2, точка K середина ребра SD. Найти косинус угла между прямыми AS и FK .

Решение. 1-й способ (поэтапновычислительный). Ребро AS и точка K

лежат в плоскости ASD, тогда средняя линия KO треугольника ASD будет па-

раллельна

AS

и

угол

(AS, FK) (KO, FK)

(см. рис. 50).

Точка O – центр основания пирамиды.

Рис. 50

Найдем угол FKO треугольника FKO. Для этого найдем длины его сторон. Так как в основании пирамиды ле-

www.alexlarin.net

Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: типы задач и методы их решения.

жит правильный шестиугольник, то отрезок FO равен его стороне, то есть FO 1. Соответственно отрезок KO – средняя линия треугольника ASD и

KO AS 1. 2

Найдем FK . Рассмотрим равнобедренный треугольник FSD, в котором

FS SD 2, а FD 3 (меньшая диагональ правильного шестиугольника со стороной 1). Учитывая, что FK – медиана треугольника FSD получаем

FK 1 2FS2 2FD2 SD2 10 . 2 2

Теперь из теоремы косинусов для треугольника FKO находим:

cos( FKO) FK2 KO2 FO2 10 .

2 FK KO

4

Учитывая, что

cos( (AS, FK)) |cos( FKO)|,

получаем, что искомый угол равен

arccos 10 . 4

Ответ: arccos 10 . 4

2-й способ (координатно-

векторный). Введем прямоугольную системукоординат, как указано на рисунке 51.

Так как пирамида правильная, то точка

O – центр

основания

пирамиды и из

прямоугольного треугольника ASO по-

 

 

 

 

 

 

лучаем SO

 

AS2 AO2

 

 

.

 

3

Рис. 51

 

Тогда

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

А( 1;0;0),

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

D(1;0;0),

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

F

 

 

;

 

 

 

 

 

 

 

;0

,

 

S(0;0;

3).

 

 

 

Учитывая,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

что точка K – середина отрезка SD, по-

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

лучаем

K

 

 

;0;

 

 

 

 

 

 

 

 

 

.

Отсюда

имеем:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

AS {1;0;

 

 

 

 

 

 

 

 

 

FK

3

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3},

1;

 

;

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Используя формулу (5), находим:

 

 

 

 

 

 

 

cos( (AS, FK)) |cos( (AS, FK))|

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 1 0

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

3

 

 

 

 

2

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 0

 

 

( 3)

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

10

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Отсюда искомый угол равен arccos 10 . 4

Ответ: arccos 10 . 4

Тренировочные упражнения

51. В кубе ABCDA1B1C1D1 точка Е

середина ребра A1В1 . Найдите косинус угла между прямыми AE и ВD1 .

52. В кубе ABCDA1B1C1D1 найдите угол между прямыми AD1 и DM, где

М– середина ребра D1C1 .

53.(ЕГЭ, 2012). Точка E середина ребра DD1 куба ABCDA1B1C1D1 . Найдите

угол между прямыми CE и AC1.

54. (ЕГЭ, 2012). На ребре CC1 куба

ABCDA1B1C1D1 отмечена точка E так,

что CE :EC1 1:2. Найдите угол между прямыми BE и AC1.

55. В кубе ABCDA1B1C1D1 точки E ,

F середины ребер соответственно A1В1

и B1C1. Найдите косинус угла между прямыми AE и BF .

04.12.2012

33

www.alexlarin.net

Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: типы задач и методы их решения.

56. В кубе ABCDA1B1C1D1 точки Е, F – середины рёбер соответственно A1В1 и

C1D1 . Найдите косинус угла между прямыми AE и BF.

57. В кубе ABCDA1B1C1D1 к диагонали

A1C провели перпендикуляры из вершин A и В. Найдите угол между этими перпендикулярами.

58.К диагонали куба провели перпендикуляры из остальных вершин куба. На сколько частей и в каком отношении основания этих перпендикуляров разделили диагональ?

59.В кубе ABCDA1B1C1D1 к диагонали

A1C провели перпендикуляры из середин ребер AB и AD. Найдите угол между этими перпендикулярами.

60. Дан прямоугольный параллелепипед ABCDA1B1C1D1. Его диагональ В1D составляет с ребром AD угол 45 , а с ребром DC угол 60 . Найдите угол между прямыми В1D и DD1 .

61. Непересекающиеся диагонали двух смежных боковых граней прямоугольного параллелепипеда образуют с плоскостью его основания углы и . Найдите угол между этими диагоналями.

62. В правильной четырехугольной призме ABCDA1B1C1D1 сторона основания равна 12, а боковое ребро равно 5. Найдите угол между прямыми

AC и BC1.

63. В правильной треугольной призме ABCA1B1C1 , все рёбра которой равны 1, найдите косинус угла между прямыми:

а) AB и A1C ; б) 1 и BC1.

64. (МИОО). Сторона основания правильной треугольной призмы ABCA1B1C1 равна 8. Высота этой призмы равна 6. Найдите угол между прямыми CA1 и

AB1 .

65. В правильной треугольной призме ABCA1B1C1 , все рёбра которой равны 1,

точка D – середина ребра A1В1 . Найдите косинус угла между прямыми АD и BC1.

04.12.2012

34

66. В правильной треугольной призме ABCA1B1C1 , все рёбра которой равны 1, точки D, Е – середины рёбер соответственно A1В1 и B1C1. Найдите косинус угла между прямыми АD и ВЕ.

67. (МИОО). В основании прямой призмы ABCA1B1C1 лежит равнобедренный прямоугольный треугольник АВС с

гипотенузой AB , равной 82 . Высота этой призмы равна 6. Найдите угол между прямыми AC1 и CB1.

68. В правильной шестиугольной призме ABCDEFA1B1C1D1E1F1 , все рёбра которой равны 1, найдите косинус угла между прямыми AB1 и BC1.

69. В правильной шестиугольной призме ABCDEFA1B1C1D1E1F1 , все рёбра которой равны 1, найдите косинус угла между прямыми AB1 и BD1 .

70. В правильной шестиугольной призме ABCDEFA1B1C1D1E1F1 , все рёбра которой равны 1, найдите угол между прямыми AB1 и BE1 .

71. В правильной шестиугольной призме ABCDEFA1B1C1D1E1F1 , все рёбра которой равны 1, точка G – середина ребра A1В1 . Найдите косинус угла между прямыми АG и BC1.

72. В правильной шестиугольной призме ABCDEFA1B1C1D1E1F1 , все рёбра которой равны 1, точка G – середина ребра A1В1 . Найдите косинус угла между прямыми AG и BD1 .

73. В правильной шестиугольной призме ABCDEFA1B1C1D1E1F1 , все рёбра которой равны 1, точки G, H – середины ребер соответственно A1В1 и B1C1. Найдите косинус угла между прямыми АG и BH.

74.Найдите угол между непересекающимися медианами граней правильного тетраэдра.

75.В правильном тетраэдре ABCD точка K – середина BD, точка M – середина BC. Найдите угол между прямыми

AK и DM.

www.alexlarin.net

Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: типы задач и методы их решения.

76.В правильной четырёхугольной пирамиде SABCD (с вершиной S) боковое ребро равно стороне основания. Точка M

середина ребра SB. Найдите угол между прямыми CM и SO, где точка O – центр основания пирамиды.

77.Ребра АD и ВС пирамиды DABC равны 24 см и 10 см. Расстояние между серединами ребер BD и AC равно 13 см. Найдите угол между прямыми АD и ВС.

78.В тетраэдре ABCD известно, что

AC BD 14, BC AD 13, AB

CD 15. Найдите угол между прямыми

АС и BD.

79.В правильной четырехугольной пирамиде SABCD, все рёбра которой равны 1, точки E , F – середины ребер соответственно SB и SC. Найдите косинус угла между прямыми АЕ и BF.

80.Угол между боковыми рёбрами правильной четырехугольной пирамиды, не лежащими в одной грани, равен 120 . Найдите плоский угол при вершине пирамиды.

81.В правильной шестиугольной пирамиде SABCDEF, стороны оснований которой равны 1, а боковые рёбра равны 2, найдите косинус угла между прямыми

SB и АЕ.

82.В правильной шестиугольной пирамиде SABCDEF, стороны оснований которой равны 1, а боковые рёбра равны 2, найдите косинус угла между прямыми

SB и АD.

83.В правильной шестиугольной пирамиде SABCDEF с основанием ABCDEF сторона основания равна 2, а боковое ребро равно 4. Точка M – середина SE.

Найдите

угол

между

прямыми

SB и CM.

 

 

 

1.6.Угол между прямой и плоскостью

Углом между плоскостью и не перпендикулярной ей прямой называется угол между этой прямой и ее проекцией на данную плоскость.

0 (a, ) 90 .

Угол между взаимно перпендикулярными прямой и плоскостью равен 90 .

Если прямая параллельна плоскости (или лежит в ней), то угол между ними считается равным 0 .

Поэтапно-вычислительный метод

Угол между прямой l и плоскостью можно вычислить, если этот угол удается включить в прямоугольный треугольник в качестве одного из острых углов.

Пример 45. В правильной треугольной призме ABCA1B1C1 , все рёбра которой равны 1, найти угол между прямой АВ1 и

плоскостью АА1С1С .

Решение. Пусть D – середина А1С1,

тогда B1D – перпендикуляр к плоскости

АА1С1С , а D – проекция точки В1 на эту плоскость (см. рис. 52).

C1

B1

D

A1

C

B

A

Рис. 52

Если –

 

искомый угол, то sin

B1D

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

AB1

 

 

 

 

 

 

B D

 

 

 

,

 

 

 

 

где AB

 

,

3

и поэтому

2

 

 

 

1

 

 

 

 

1

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

sin

 

6

 

. Отсюда arcsin

 

6

 

.

 

 

 

 

 

4

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Ответ: arcsin 6 . 4

04.12.2012

35

www.alexlarin.net

Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: типы задач и методы их решения.

Пример 46. В правильной четырехугольной пирамиде MABCD , все рёбра которой равны 1, точка E середина ребра MC. Найти синус угла между прямой DE и плоскостью AMB .

Решение. Через вершину M проведем прямую параллельную прямой AD, и отложим на ней единичный отрезок MF

(см. рис. 53).

M F

E

H

BC

AD

Рис. 53

Втетраэдре MDCF все ребра равны 1

иплоскость DFC параллельна плоскости AMB . Перпендикуляр EH, опущенный

из точки E на плоскость DFC, равен половине высоты тетраэдра MDFC , т.е.

равен

6

(высота

данного тетраэдра

6

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

равна

 

6

 

 

– покажите самостоятельно).

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

DE

 

 

 

 

Угол между прямой

и плоскостью

AMB равен углу EDH, синус которого

равен

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

EH

 

 

 

 

:

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

6

3

2

 

 

 

 

 

 

6

 

2

 

3

 

 

 

 

 

 

DE

 

 

 

 

 

 

Ответ: 2 . 3

Пример 47. В правильной шестиугольной пирамиде MABCDEF, стороны основания которой равны 1, а боковые рёбра равны 4, найти синус угла между прямой BC и плоскостью EMD.

Решение. Так как AD|| BC,

то

(BC, EMD) (AD, EMD) (см.

рис.

54). Найдем sin (AD, EMD).

 

Высота пирамиды MO 15 (см. пример 15). ML апофема боковой гра-

ни EMD. Высота OH треугольника MOL перпендикулярна плоскости EMD

и OH 5 . 7

M

 

B

C

 

 

 

 

 

 

 

A

 

 

H

 

 

 

 

 

 

 

O

 

 

 

 

D

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

L

 

 

 

 

 

 

 

F

 

E

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Рис. 54

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Тогда прямая

HD ортогональная про-

екция прямой

AD на плоскость EMD и

из прямоугольного треугольника OHD

 

OH

 

 

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

sin (AD, EMD)

 

 

 

5

 

:1

5

 

 

7

7

 

 

OD

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Ответ:

 

 

5

.

 

 

 

 

7

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Пример 48. (ЕГЭ, 2010). В правильной треугольной пирамиде MABC с основа-

нием ABC

известны рёбра AB 7 3,

MC 25.

Найти угол, образованный

плоскостью основания и прямой, проходящей через середины ребер AM и BC.

Решение. Пусть D и

E середины

рёбер CB и AM соответственно. Так как

пирамида правильная, то

AD CB и

MD CB . Следовательно,

CB ABC и

ABC AMD (по признаку перпендикулярности плоскостей).

Опустим в плоскости AMD перпендикуляры MO и EF из точек M и E на прямую AD ABC AMD (см. рис. 55). Так как AD прямая пересечения перпендикулярных плоскостей, то MO и EF перпендикулярны к плоскости основания. Тогда точка O основание высоты MO является центром треугольника

04.12.2012

36

www.alexlarin.net

Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: типы задач и методы их решения.

ABC и AO AB 7, OD AO 7 , а

 

FD

3

2

2

прямая

ортогональная

проекция

прямой

DE

на плоскость

основания.

Точка

F

середина отрезка

AO

(EF || MO и

EF средняя линия

тре-

угольника AMO). Тогда

 

 

 

FD FO OD 7.

 

 

M

E

B

A F OD

C

Рис. 55

Высоту пирамиды находим из прямоугольного треугольника AMO:

MO AM2 AO2 252 72 24.

Тогда EF 12

Так как угол между прямой и плоскостью – угол между прямой и ее ортогональной проекцией на эту плоскость, то из прямоугольного треугольника FED получаем

tg (ED, ABC) EF 12.

FD 7

Значит, искомый угол равен arctg12 . 7

Ответ: arctg12 . 7

Метод использования дополнительного угла

Угол между прямой l и плоскостьюи угол между прямой l и перпендикуляром к плоскости удовлетворяют соотношению 90 (см. рис. 56). Поэтому в некоторых случаях через до-

полнительный угол легко выйти на искомый угол .

Рис. 56

Пример 49. В единичном кубе ABCDA1B1C1D1 найти угол между пря-

мой CD1 и плоскостью AB1D1.

Решение.

Прямая

A1C1 B1D1

( A1B1C1D1 квадрат), тогда по теореме о

трех

перпендикулярах

A1C B1D1 (см.

рис.

57). Аналогично A1C AD1 . Следо-

вательно, прямая A1C перпендикулярна плоскости AB1D1. Так как A1D1 D1C1C ,

то A1D1 D1C . Поэтому в прямоуголь-

ном треугольнике A1D1C

D1CA1

 

есть угол между данной прямой CD1 и

перпендикуляром

A1C к данной плоско-

сти, а D1A1C , как дополнительный

угол до 90 для

D1CA1 , является иско-

мым углом.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

B1

C1

 

 

 

 

 

 

A1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

D1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

E

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

B

 

C

 

 

 

 

 

A

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

D

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Рис. 57

 

 

 

 

 

 

 

 

Имеем

 

 

 

cos

A1D1

 

1

 

 

или

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

A1C

3

 

 

 

 

 

arccos

1

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Ответ: arccos

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

04.12.2012

37

www.alexlarin.net

Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: типы задач и методы их решения.

Метод опорных задач

Пусть прямая l пересекает плоскостьв точке A, точка M принадлежит прямой l (см. рис. 58). Тогда угол между прямой l и плоскостью можно вычислить, используя формулу:

sin sin (l, ) M, .

AM

Рис. 58

Пример 50. В единичном кубе ABCDA1B1C1D1 найти угол между пря-

мой А1B1 и плоскостью BDC1 .

Решение. Так как А1B1 ||D1C1 (см. рис.

59), то (A1B1, BDC1) (D1C1, BDC1).

Точки D1 и O1 лежат на прямой D1B1 ,

параллельной плоскости BDC1 , значит,

(D ;BDC ) (O ;BDC )

3

(см.

 

1

1

1

1

3

 

 

 

 

 

 

пример 14). Далее последовательно получаем

sin (A1B1, BDC1) sin (D1C1, BDC1)

(D1, BDC1) (O1, BDC1) 3 .

D1C1 D1C1 3

Отсюда (AB , BDC ) arcsin

3

.

 

1

1

1

 

3

 

 

 

B1

 

 

 

 

 

 

 

A1

 

 

O1

C1

 

 

 

 

D1N

B

AOC

D

Рис. 59

Ответ: arcsin 3 . 3

04.12.2012

38

Векторно-координатный метод

Угол между прямой l и плоскостью можно вычислить по формуле

 

 

sin

 

n

p

 

 

 

 

 

 

(6)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

p

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

или в координатной форме

 

 

 

 

 

 

sin

 

 

 

x1x2 y1y2

z1z2

 

 

 

 

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x2

y2

z2

x2

y2

z2

1

1

 

 

 

1

 

 

 

 

2

2

2

 

 

где n {x1, y1, z1} – вектор нормали плос-

кости , p {x2, y2, z2} – направляющий вектор прямой l;

прямая l и плоскость параллельны тогда и только тогда, когда

x1x2 y1 y2 z1z2 0.

В задачах на вычисление угла между прямой и плоскостью или угла между пересекающимися плоскостями (будет рассмотрено позже) в общем случае уравнение плоскости находить не требуется.

Координаты вектора нормали можно вывести, если известны координаты трех точек плоскости M, N, P, не лежащих на одной прямой. Для этого находим коор-

динаты двух векторов плоскости

a MN {a1, a2, a3} и b MP {b1, b2, b3}.

Предположим, что вектор с координатами n {p, q, r} (здесь p, q, r – неизвестные числа, которые нужно найти) перпендикулярен любому вектору плос-

кости , в том числе векторам a и b . Его координаты ищутся из условий равенства нулю скалярных произведений n

с векторами a и b из следующей системы уравнений:

n a 0,

a p a q a r 0,

 

1

2

3

 

 

 

 

n b 0;

b1 p b2q b3r 0.

 

 

 

 

Эта система имеет бесконечное множество решений, так как векторов, перпендикулярных плоскости , бесконечно много. Выразив, например, из системы координаты p и q через r, выберем не-

нулевой вектор n {p(r); q(r); r}, взяв в качестве r какое-нибудь число (обычно

www.alexlarin.net

Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: типы задач и методы их решения.

берут такое число, чтобы в координатах не было дробей или радикалов).

Пример 51. В единичном кубе ABCDA1B1C1D1 найти угол между пря-

мой АD1 и плоскостью , проходящей через точки А1 , Е и F, где точка Е – се-

редина ребра C1D1 , а точка F лежит на ребре DD1 , так, что D1F 2DF .

Решение. Введем прямоугольную системукоординат, как указано на рисунке60.

 

 

 

 

 

 

z

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

A1

 

 

 

 

B1

 

 

 

D1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

E

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C1

 

 

 

 

 

 

 

 

A

 

 

 

B

 

 

 

F

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

D

 

 

 

 

 

 

y

 

 

x

 

 

 

 

 

 

C

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Рис. 60

 

 

Тогда

А(0;0;0),

А1(0;0;1), D1(1;0;1),

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

Е 1;

 

;1

,

 

 

F 1;0;

 

 

,

АD1 {1;0;1},

 

2

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

2

A1E

1;

 

;0

, А1F 1;0;

 

.

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

Пусть n {x, y, z} – вектор, перпендикулярный плоскости , – искомый угол. Тогда по формуле (6):

AD1 n sin AD1 n .

Вектор n найдем из условий перпендикулярности этого вектора векторам

A1E и А1F , т.е. из условий

n A1E 0,

n AF 01

или

04.12.2012

 

y

 

 

 

 

 

 

x

 

 

0,

y 2x,

 

2

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

z 1,5x.

 

x

 

 

 

z 0

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Пусть x 2,

тогда

 

y 4,

z 3 и

n {2; 4;3},

 

| n|

 

 

. Так как

 

 

29

AD1 2 и AD1 n 1 2 0 ( 4) 1 3 5,

то

5

 

 

 

 

 

 

5

 

 

sin

 

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2 29

58

 

 

Отсюда arcsin

 

 

5

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

58

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Ответ: arcsin 5 . 58

Пример 52. В правильной шестиугольной призме ABCDEFA1B1C1D1E1F1 , все рёбра которой равны 1, найти угол между прямой AB1 и плоскостью ACE1.

Решение. Введем прямоугольную системукоординат, как указано на рисунке61.

 

D1

 

 

 

 

 

 

 

 

z

 

 

C1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

B1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

N

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

E1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

A1

 

 

 

 

 

y

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

F1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

D

 

 

 

 

 

M

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

B

 

 

 

 

 

 

 

 

E

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

O

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

A

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

F

 

 

 

 

 

 

 

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Рис. 61

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Тогда

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

А1;0;0 , B

 

1

;

 

 

;1

,

AB

 

 

 

1

;

 

 

;1 .

 

1

 

2

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

2

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Составим уравнение плоскости, про-

ходящей через точки

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

А1;0;0 ,

 

 

 

1

 

 

 

3

 

 

 

 

 

1

 

 

3

C

 

;

 

;0

 

, E

 

 

;

 

;1 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

2

 

 

 

 

1

 

 

2

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Подставляя координаты этих точек в общее уравнение плоскости

39

www.alexlarin.net

Корянов А.Г., Прокофьев А.А. Многогранники: типы задач и методы их решения.

ax by cz d 0,

получаем систему

 

 

a d 0,

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

a

3

 

b d 0,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

a

 

 

 

 

 

b c d 0

2

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Отсюда имеем

 

 

 

 

a d ,

b

 

d ,

 

 

 

 

3

c 3d . Подставим в уравнение плоскости и сократим на d 0:

x 3y 3z 1 0.

Вектор нормали полученной плоскости n {1; 3;3}. Тогда по формуле (6)

AB1 n sin AB1 n ,

где искомый угол. Имеем

sin

 

4

 

 

 

2 26

.

 

 

 

 

 

 

 

 

2 13

13

 

Отсюда arcsin 226 . 13

Ответ: arcsin 2 26 . 13

Векторный метод

Пример 53. В правильной четырехугольной пирамиде SABCD , все рёбра которой равны 1, найти угол между прямой DE, где E – середина апофемы SF грани ASB, и плоскостью ASC.

Решение. Так как прямая ОD перпенди-

кулярна плоскости ASC, то вектор OD является вектором нормали плоскости ASC.

Пусть

AD a ,

AB b ,

AS c (см.

рис. 62),

где

| a | |b | |c | 1, a b 0,

a c b c |a |2 cos60 0,5. Тогда

 

 

 

OD OA AD

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

 

(a b) a

(a

b),

 

 

 

2

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

DE DA AF FE

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

a

 

 

 

 

 

b

 

 

 

c

 

 

 

 

b

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

a

 

 

b

 

 

 

 

c ,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

DE OD

a

 

 

 

 

 

b

 

 

 

 

c

 

 

 

 

 

 

a

 

 

 

 

 

b

 

 

 

 

 

4

2

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

2

 

 

1

 

 

2

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

3

 

 

 

 

a

 

 

 

 

 

 

b

 

 

 

 

 

 

 

 

a c

 

 

 

b

c

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

,

 

2

8

 

 

4

 

4

2

8

 

8

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

DE

 

 

 

 

 

a

 

 

 

 

b

 

 

 

 

 

c

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

1

 

 

2

 

 

1

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

a

 

 

 

 

 

 

b

 

 

 

 

 

 

c

 

 

2

 

 

 

a c 2

 

 

 

 

 

 

 

 

b

c

 

16

4

 

 

 

2

4

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

1

 

1

 

1

 

1

 

 

15

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

16

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

8

 

 

 

 

 

 

16

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

S

 

 

 

 

 

 

 

 

E

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

C

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

B

 

 

 

 

F

 

 

 

O

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

D

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

A

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Рис. 62

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

1

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

OD

 

 

 

a

 

 

b

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

4

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Подставляя

 

полученные

 

значения в

формулу (6) sin

 

 

 

DE OD

 

 

 

 

, имеем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

DE

 

OD

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

sin

3

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

8

 

 

 

 

15

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

30

 

 

 

 

 

 

 

Отсюда arcsin

 

 

3

 

 

,

 

где искомый

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

30

 

угол.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Ответ: arcsin

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

30

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

04.12.2012

40

www.alexlarin.net

Соседние файлы в предмете [НЕСОРТИРОВАННОЕ]