2373
.pdf11
2.2.Производная функции комплексного переменного. Формулы для вычисления производной
Определение. Производной однозначной функции комплексного переменного w = f(z) в точке z0 называется предел отношения приращения функции к приращению аргумента, если приращение аргумента произвольным образом стремится к нулю, то есть
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
f ′(z0 ) = lim |
w |
= lim |
|
f (z0 + |
z) − f (z0 ) |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
z |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
z→0 |
|
z→0 |
|
|
|
|
|
|
z |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Определение. Функция, имеющая производную при данном значении z, |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
называется дифференцируемой при этом значении z. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
Пусть функция w = f(z) имеет в точке z0 производную. Поскольку в |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
определении производной |
|
|
z |
произвольным образом стремится |
к нулю, |
в |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
качестве |
|
|
z можно взять |
|
|
x |
(это значит, |
|
что точки z = z0 |
|
+ |
|
|
|
z |
|
лежат на |
||||||||||||||||||||||||||||||||
прямой, проходящей через точку z0 параллельно действительной оси). Тогда |
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
f |
′ |
|
|
|
) = lim |
w |
= lim |
xu + i x v |
= |
∂u |
(x |
|
, y |
|
) |
+ i |
∂v |
(x |
|
, y |
|
). |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
(z |
0 |
|
x |
|
|
x |
|
|
∂x |
0 |
0 |
∂x |
0 |
0 |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 |
|
|
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
Взяв в качестве приращения |
|
z =i |
y, |
получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
w |
= −i lim |
|
|
yu +i y v |
= −i( |
∂u |
(x |
|
, y |
|
) +i |
∂v |
(x |
|
, y |
|
|
|
|
|
∂v |
(x |
|
, y |
|
|
|||||||||||||
f (z |
0 |
) = lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
∂y |
0 |
0 |
∂y |
0 |
0 |
)) = |
∂y |
0 |
0 |
) − |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
y |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
y→0 i y |
|
y |
→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
−i |
∂u |
(x |
0 |
, y |
0 |
). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
∂y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Производную функции f(z) можно считать по любой из полученных выше формул
f ′( z) = |
∂u |
+ i |
∂v |
и |
f ′(z) = |
∂v |
−i |
∂u . |
|
∂x |
∂x |
∂y |
|||||||
|
|
|
|
|
∂y |
Можно показать, что производные функций zn, ez, cos z, sin z, ch z, sh z, n z, Ln z, zα находятся по тем же формулам, что и для действительного аргумента (в случае многозначных функций производные берут от их однозначных ветвей). Основные правила дифференцирования функций действительного переменного справедливы и для функций комплексного переменного.
12
2.3. Аналитические и гармонические функции
Определение. Функция комплексного переменного f(z), определенная в области D и дифференцируемая в каждой точке этой области, называется аналитической в области D.
Теорема. Необходимым и достаточным условием аналитичности функции
f(z) =u(x, y) +iv(x, y)
вобласти D плоскости z является существование и непрерывность частных производных первого порядка функций u и v в D и выполнение условий КошиРимана
∂u |
= |
∂v |
, |
∂u |
= − |
∂v . |
∂x |
|
∂y |
|
∂y |
|
∂x |
С помощью этих условий легко проверить, является ли заданная функция аналитической.
Замечание. Из условий Коши-Римана вытекает, что производную функции f(z) можно считать также по формулам
|
|
|
′ |
|
∂v |
|
∂v |
|
|
∂u |
|
|
∂ |
|
|
|
|
f |
|
|
+i |
|
и f ′(z) = |
−i |
u |
. |
|||||
|
|
(z) = |
∂y |
∂x |
∂x |
∂y |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Пример 2.4. Проверить на аналитичность функцию |
w = z. |
||||||||||||||
Решение. Имеем w = z = x −iy. Значит, u=x, v=–y. Проверим выполнение |
|||||||||||||||
условий Коши–Римана. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
∂u |
=1, |
∂u |
= 0, |
∂v = 0, |
∂v |
= −1. |
|
|||||
|
|
|
∂x |
|
|
∂y |
|
∂x |
∂y |
|
|
|
|
|
|
Итак, |
∂u |
≠ ∂v , |
следовательно, |
данная |
|
|
функция не является |
||||||||
|
∂x |
∂y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
аналитической ни в какой области комплексной плоскости.
Определение. Функция двух действительных переменных u(x,y), определенная в области D, имеющая в этой области непрерывные частные производные до второго порядка включительно и удовлетворяющая уравнению Лапласа
∂2u + ∂2u = 0, ∂x2 ∂y2
называется гармонической в области D.
13
Между аналитическими и гармоническими функциями существует простая связь. Действительная и мнимая части всякой аналитической функции являются гармоническими функциями. Однако функция f (z) = u(x, y) +iv(x, y) , где u(x,y) и v(x,y) – произвольные гармонические в D функции, не всегда является аналитической в D. Она будет аналитической только в том случае, если функции u(x,y) и v(x,y) удовлетворяют в D условиям Коши-Римана. Гармонические функции u и v, связанные условиями КошиРимана, называются сопряженными.
В случае односвязной области D справедливо утверждение: любая гармоническая функция в односвязной области D является действительной (мнимой) частью некоторой аналитической функции.
2.4. Интеграл по комплексному переменному
Пусть w = f(z) – непрерывная функция комплексного переменного z, определенная в некоторой области D, и Г – гладкая кривая, лежащая в области
D, на которой задано направление от z0 (начало кривой) к z (конец кривой).
Разобьем Г на n частей произвольными точками z0, z1, z2,…, zn = z , лежащими последовательно на кривой Г. Составим сумму
Sn = f (z0 ) |
z0 + f (z1 ) z1 +... + f (zn−1 ) zn−1 , |
где приращение zk = zk+1 − zk |
(k= 0, 1,…, n – 1). |
Определение. Интегралом от функции f(z) по кривой Г называется предел |
|
суммы Sn при n → ∞ и max|∆zk| → 0, то есть |
|
|
n−1 |
∫ f (z)dz = maxlim| zk |→0∑ f (zk ) zk . |
|
Г |
k=0 |
Вычисление интеграла от функции f(z) = u(x,y) + iv(x,y) сводится к вычислению двух криволинейных интегралов от действительных функций u(x,y) и v(x,y).
Справедливы следующие свойства интегралов по комплексному переменному:
n |
n |
1. ∫(∑Ck fk (z))dz = ∑Ck ∫ fk (z)dz. |
|
Г k=1 |
k=1 Г |
14
2. Если | f (z)| ≤ M ( z Г), то | ∫ f (z)dz |≤ M дл.Г
Г
3. ∫ f (z)dz = −∫ f (z)dz, где Г– – та же кривая Г, но направление на ней
Г− Г
от z к z0.
2.5. Ряды Лорана
Рассмотрим два ряда |
|
|
|
|
|
|
|||
... + |
c−n |
|
+ |
c−n+1 |
|
+... + |
c−1 |
; |
(1) |
(z − z0 ) |
n |
(z − z0 ) |
n−1 |
|
|||||
|
|
|
|
|
z − z0 |
|
|||
с0 + с1(z – z0) + c2(z – z0)2 +…+ cn(z – z 0)n+… |
(2) |
Пусть ряд (1) сходится в области, определяемой неравенством |z – z0| > r, ряд (2) – в области |z - z0| < R.
Если r < R, то ряд, полученный сложением рядов (1) и (2)
... |
c−n |
+ |
c−n+1 |
+... + |
c−1 |
+ c |
0 |
+ c (z − z |
0 |
) +... + |
|
|
|
||||||||
|
(z − z0 )n |
(z − z0 )n−1 |
|
z − z0 |
1 |
|
||||
|
|
|
|
|
(3) |
|||||
|
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
|
+ cn (z − z0 )n |
+... = ∑cn (z − z0 )n |
|
|
|
|
n=−∞
будет сходиться в кольце r < |z – z0| < R.
Теорема. Функция f(z), аналитическая в области r <|z – z0|< R, может быть представлена в этой области рядом
∞
f (z) = ∑cn (z − z0 )n ,
n=−∞
который называется рядом Лорана для функции f(z).
Определение. Ряд ... |
c−n |
|
+... + |
c−1 |
называется главной частью ряда |
|
(z − z0 ) |
n |
|
||||
|
|
|
|
z − z0 |
||
Лорана, |
а ряд c0 + c1 (z − z0 ) +... + cn (z − z0 )n +... правильной частью ряда |
|||||
Лорана. |
|
|
|
|
|
|
15
2.6. Особые точки
Определение. Точка, в которой нарушается аналитичность функции f(z), называется особой.
Определение. Точка z0 называется изолированной особой точкой, если существует такая окрестность 0<|z – z0|<R этой точки, в которой f(z) аналитична.
Различают три типа изолированных особых точек в зависимости от поведения функции в их окрестностях:
1. Точка z0 называется устранимой особой точкой, если существует
конечный lim f (z). |
|
z→z0 |
|
2. Точка z0 называется полюсом, если |
lim f (z) = ∞. |
|
z→z0 |
3. Точка z0 называется существенно особой, если lim f (z) не существует.
z→z0
Разложение функции в ряд Лорана в окрестности изолированной особой точки имеет различный вид в зависимости от характера особой точки. Приведем относящуюся сюда теорему.
Теорема. Для того чтобы z0 была устранимой особой точкой, необходимо и достаточно, чтобы ряд (3) не содержал главной части. Для того чтобы z0 была полюсом, необходимо и достаточно, чтобы главная часть ряда (3) содержала лишь конечное число членов. При этом номер старшей отрицательной степени называют порядком полюса. Для того чтобы z0 была существенно особой точкой, необходимо и достаточно, чтобы главная часть ряда (3) содержала бесконечно много членов.
Для успешного решения задач необходимо помнить разложения в ряд некоторых основных элементарных функций
ez =1 + z + |
z2 |
+... + |
zn |
+... |
|
|
|
|
|
(4) |
||||||||||||
|
|
n! |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2! |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
sin z = z − |
|
z3 |
+ |
|
z5 |
|
−... +(−1) |
n |
|
|
z2n+1 |
|
+... |
(5) |
||||||||
3! |
5! |
|
|
(2n |
+1)! |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
cos z =1 − |
z2 |
|
+ |
z4 |
|
− |
... + (−1) |
n |
|
|
z2n |
|
|
+... |
|
(6) |
||||||
2! |
|
4! |
|
|
|
(2n)! |
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ряды (4)-(6) сходятся на всей плоскости комплексного переменного.
16
Пример 2.5. Найти особые точки функции f(z) и определить их характер:
а) |
f (z) = |
sin z |
, б) |
f (z) = cos |
1 |
. |
z |
|
|||||
|
|
|
|
z |
Решение. Для данных функций особой точкой является z0=0. Для определения характера этой точки воспользуемся разложениями (5) и (6).
|
sin z |
1 |
(z − |
|
z3 |
|
|
z5 |
|
|
|
n |
|
z2n+1 |
|
|
|||||
а) |
|
= |
|
|
|
+ |
|
|
−... + |
(−1) |
|
|
|
|
+...) = |
||||||
z |
z |
3! |
|
5! |
|
(2n +1)! |
|||||||||||||||
|
|
=1− |
z2 |
|
+ |
z4 |
−... +(−1) |
n |
|
|
z2n |
|
+... |
||||||||
|
|
3! |
|
5! |
|
(2n +1)! |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Разложение функции |
sin z |
в окрестности точки z0 = 0 содержит только |
|||||||||||||||||||
z |
правильную часть. Следовательно, z0=0 является для данной функции устранимой особой точкой.
б) |
cos |
1 |
|
=1− |
1 |
+ |
1 |
− |
1 |
|
−... +(−1)n |
|
1 |
|
+... |
|
||
z |
2 |
4 |
6 |
(2n)!z |
2n |
|
||||||||||||
|
|
|
2!z |
|
4!z |
6!z |
|
|
|
|
||||||||
В окрестности z0=0 главная часть ряда Лорана содержит бесконечно |
||||||||||||||||||
много членов. |
Следовательно, для |
функции |
cos 1 |
точка z0=0 |
является |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
z |
|
|
существенно особой. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Для определения полюса и его порядка полезно следующее |
|
|||||||||||||||||
Замечание. Пусть |
f (z) = |
g(z) |
, |
где g(z) и h(z) – аналитические функции, |
||||||||||||||
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
h(z) |
|
|
|
|
|
|
||
причем z0 является нулем h(z) кратности n, |
|
а g(z0)≠0. Тогда z0 |
– полюс |
|||||||||||||||
кратности n для функции f(z). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Пример 2.6. Найти особые точки функции |
|
|
|
|
|
f (z) = 5 2 ez . z (z +4)(z −3)
Решение. В нашем случае g(z) = ez, h(z) = z5(z2 + 4)(z – 3) – аналитические функции во всей комплексной плоскости. Выпишем нули знаменателя – z1 = 0, z2 = 2i, z3 = – 2i, z4 = 3. Запишем знаменатель в виде произведения линейных множителей h(z) = z5(z – 2i)(z + 2i)(z – 3). Так как g(zk) ≠ 0 (k = 1, 2, 3, 4), то
z1 = 0 – полюс кратности 5, а z2 = 2i, z3 = -2i, z4 = 3 – полюсы кратности 1 (простые полюсы) для исходной функции.
|
|
|
|
|
|
|
|
|
17 |
|
|
|
|
|
|
||
Пример |
2.7. Разложить |
функцию |
f (z) = sin |
2z +3 |
|
в ряд Лорана в |
|||||||||||
z +1 |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
окрестности точки z0 = –1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Решение. Преобразуем данную функцию |
|
|
|
|
|||||||||||||
|
2z +3 |
|
+ |
|
1 |
|
|
|
|
1 |
|
+ cos 2 sin |
1 |
|
. |
||
sin |
|
= sin 2 |
|
|
|
= sin 2 |
cos |
|
|
|
|
||||||
|
z +1 |
|
|
z |
+1 |
|
|
|
z +1 |
|
|
z +1 |
|
Воспользуемся разложениями (5) и (6)
sin 2z + 3 = sin 2(1 − |
|
|
1 |
|
+... + (−1)n |
|
1 |
|
|
|
+...) + |
|||||||||||
2!(z +1)2 |
(2n)!(z +1)2n |
|||||||||||||||||||||
z +1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
+ cos 2( |
|
1 |
|
|
− |
1 |
|
|
+... + (−1)n |
|
|
|
1 |
|
|
+...) = |
||||||
z |
+1 |
3!(z +1)3 |
(2n +1)!(z +1)2n+1 |
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
∞ |
|
|
|
|
(−1) |
n |
|
|
∞ |
|
|
(−1) |
n |
|
|
|
|
||||
= sin 2∑ |
|
|
|
|
|
|
+ cos 2∑ |
|
|
|
|
|
. |
|||||||||
(2n)!(z +1) |
2n |
(2n +1)!(z +1) |
2n+1 |
|||||||||||||||||||
n=0 |
|
|
n=0 |
|
|
|
||||||||||||||||
Пример 2.8. Разложить функцию f (z) = |
1 |
|
в окрестности точки z0 = 1 |
|||||||||||||||||||
5z −2 |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
и найти область сходимости полученного ряда.
Решение. Мы должны получить разложение по степеням (z–1). Преобразуем данную функцию
f (z) = |
1 |
= |
1 |
= |
|
1 |
|
. |
|
5z −2 |
5(z −1) +3 |
3(1+ |
5(z −1) |
) |
|||||
|
|
|
|
||||||
|
|
|
3 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
Полученную дробь будем рассматривать как сумму бесконечно убывающей геометрической прогрессии со знаменателем
q = −5(z3−1) .
Используя формулу суммы бесконечно убывающей геометрической прогрессии
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
= a(1 + q + q2 +... + qn +...), |
|
||||
|
|
|
|
1 −q |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
при | q |<1 получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
1 |
|
= |
1 |
(1 |
− |
5(z −1) |
+ |
52 (z −1)2 |
−... + |
(−1)n 5n (z −1)n |
+...). |
||
|
5z − 2 |
3 |
3 |
32 |
3n |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
18 |
|
|
|
|
Мы получили данное разложение при условии, что |
|
−5(z −1) |
|
<1. Отсюда |
|
|
|||
|
|
3 |
|
|
следует, что область сходимости полученного ряда будет определяться
неравенством |
| z −1| < |
3 |
. Это внутренняя часть круга с центром в точке z0 = 1 |
||
|
|
|
|
5 |
|
и радиуса |
3 |
. |
|
|
|
5 |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
2.7. Вычеты
Определение. Вычетом функции f(z) в особой точке z0 называется число, равное коэффициенту с-1 при первой отрицательной степени в лорановском разложении (3). Обозначается вычет res f(z).
Пример 2.9. Найти вычет функции
|
|
|
|
|
|
2z +3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
f (z) =sin z +1 |
в точке z0 = – 1. |
|
|
|
|
||||||||||
Решение. Воспользуемся |
результатом |
примера |
|
2.9. |
Коэффициент |
||||||||||||||
c−1 = cos 2. Следовательно, res−1 f (z) = cos 2. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
f (z) = e |
2 z+1 |
|
|
|
|
|
|
||||
Пример 2.10. Найти вычет функции |
z−3 |
в точке z0 = 3. |
|
||||||||||||||||
Решение. Запишем ряд Лорана для данной функции, воспользовавшись |
|||||||||||||||||||
разложением (4) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
2 z+1 |
|
2( z−3)+7 |
7 |
|
7 |
|
|
|
|
|
7 |
|
|
72 |
|
|||
f (z) = e |
|
|
= e |
|
= e2+ |
|
= e2 e |
|
|
= e2 (1 + |
|
|
+ |
+...). |
|||||
z−3 |
z−3 |
z−3 |
z−3 |
|
|
||||||||||||||
|
|
z |
−3 |
(z −3)2 |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Коэффициент при первой отрицательной степени c−1 = res3 f (z) = 7e2 .
Заметим, что в устранимой особой точке вычет всегда равен нулю, так как ряд Лорана содержит только правильную часть.
Для определения вычета в полюсе можно получить более удобные формулы. Пусть z0 – полюс кратности n, тогда
|
1 |
|
d n−1 |
n |
|
|
||
c−1 = resz0 f (z) = |
|
lim |
|
|
[(z − z0 ) |
|
f (z)] |
(7) |
|
dz |
n−1 |
|
|||||
|
(n −1)! z→z0 |
|
|
|
|
|
19
В частности, если z0 – полюс первой кратности (простой полюс), получаем
|
|
|
c−1 |
= res |
z0 |
f (z) = lim(z − z0 ) f (z) |
|
|
|
|
(8) |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
z |
→z0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Если f (z) = |
g(z) |
, |
где g(z) и h(z) |
аналитические функции, и z0 – простой |
|||||||||||||||||||||
|
|||||||||||||||||||||||||
|
h(z) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
полюс f(z), то из формулы (8) легко получить |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
c−1 = resz0 f (z) = |
|
g(z0 ) |
|
|
|
|
|
|
(9) |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
h′(z0 ) |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Действительно, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
c |
|
= lim(z − z |
|
) |
g(z) |
= lim |
|
|
|
g(z) |
|
|
= |
g(z0 ) |
. |
|||||||||
|
−1 |
0 |
|
|
|
h(z) − h(z0 ) |
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
z→z0 |
|
|
|
h(z) |
|
z→z0 |
|
|
|
|
h' (z0 ) |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
z − z0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 2.11. Найти вычеты функции f |
(z) = |
|
z +1 |
|
|
. |
|
||||||||||||||||||
(z −2)(z +i) |
2 |
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение. Для f(z) точка z1 = 2 – полюс первой кратности, а точка z2 = –i – полюс второй кратности.
Вычет f(z) в точке в точке z1 найдем по формуле (8):
res2 |
f (z) = lim(z −2) |
|
z +1 |
|
|
= lim |
z +1 |
|
= |
|
3 |
= |
3(2 −i)2 |
= |
|||||||||
(z |
−2)(z |
+i)2 |
(z +i) |
2 |
(2 |
+i)2 |
(2 +i)2 |
(2 −i)2 |
|||||||||||||||
|
|
|
z→2 |
|
|
z→2 |
|
|
|
||||||||||||||
= |
3 |
|
(2 −i)2 = |
3 |
(4 −4i −1) = |
|
9 |
− |
12 |
i. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
25 |
25 |
25 |
25 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Найдем вычет f(z) в точке z2 по формуле (7):
res−i f (z) = |
|
1 |
|
lim |
d |
|
[(z +i)2 |
|
z +1 |
] = lim |
|
d |
( |
z +1 |
) = lim |
|
z − 2 − z −1 |
= |
||||||||||||
|
|
|
|
|
(z − 2)(z +i)2 |
|
|
z − 2 |
|
(z − 2)2 |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
(2 −1)! z→−i dz |
|
|
|
|
z→−i dz |
|
z→−i |
|
|||||||||||||||||||
= −3 lim |
|
1 |
= − |
|
|
3 |
= |
|
|
−3(2 −i)2 |
|
= − |
|
3 |
|
(4 − |
4i −1) = − |
9 |
|
+ |
12 |
i. |
|
|||||||
|
− 2)2 |
(−2 |
−i)2 |
(2 |
+i)2 (2 −i)2 |
25 |
|
25 |
25 |
|
||||||||||||||||||||
z→−i (z |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Теорию вычетов широко используют для вычисления контурных интегралов. Приведем основную теорему о вычетах.
Теорема. Пусть f(z) - аналитическая функция в области D, кроме конечного числа изолированных особых точек z1, z2,…, zn, и пусть γ −замкнутый контур, содержащий внутри себя z1, z2,…, zn. Тогда
n
∫ f (z)dz = 2πi∑reszk f (z) (10)
γ k =1
|
|
|
|
|
|
|
|
20 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 2.12. Вычислить ∫γ |
|
|
z +1 |
|
|
|
|
dz, |
где |
γ − |
окружность |z| = 5. |
|
|
||||||||||||||||||||
(z −2)(z +i)2 |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
Решение. Обе особые точки функции z1 = 2 и z2 |
= –i |
лежат внутри |
|||||||||||||||||||||||||||||||
контура γ.Следовательно, по формуле (10) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
z +1 |
|
|
|
dz = 2πi(res2 |
f (z) + res−i |
f (z)). |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
∫γ (z −2)(z +i)2 |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Воспользуемся результатом примера 2.11 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
∫γ |
|
z +1 |
|
|
|
|
9 |
|
|
|
|
12 |
|
|
9 |
12 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
dz = 2πi( |
|
|
− |
25 i − |
|
|
+ 25 i) = 0. |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
(z −2)(z +i)2 |
25 |
25 |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
Пример 2.13. Вычислить ∫ |
|
|
z +1 |
|
|
dz , где γ1 : 4x2 + |
y2 |
=1. |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
(z − 2)(z +i) |
2 |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
γ |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение. Контур γ1 − эллипс с полуосями |
a = |
1 |
|
и b = 2. |
Внутри |
γ |
1 |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
находится только особая точка z = –i. Следовательно, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
z +1 |
|
dz = 2πires−i f (z) = 2πi(− |
9 |
|
+ |
|
12 |
i) = − |
24π |
− |
18π |
i. |
|
|
||||||||||||||||||
γ∫(z −2)(z +i)2 |
25 |
|
|
25 |
|
25 |
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
25 |
|
|
|
|
||||||||||||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(мы опять использовали результат примера 2.11).
2.8. Приложение вычетов к вычислению несобственных интегралов
Пусть f(z) – функция, имеющая выше действительной оси конечное число особых точек z1, z2,…, zn и не имеющая особых точек на действительной оси. При достаточно большом R точки z1, z2,…, zn будут лежать внутри верхнего полукруга радиуса R с центром в нуле. Имеем (С – контур полукруга)
|
|
n |
|
∫ f (z)dz = 2πi∑reszk f (z), |
(11) |
||
C |
|
k =1 |
|
но |
|
|
|
∫ f (z)dz =∫R f (x)dx + ∫ f (z)dz, |
|
||
C |
−R |
γ R |
|