5. Сдача отчета преподавателю

Защита работы проводится индивидуально. При этом особое внимание уделяется правильности расчетов, полнота объяснений, правильность и аккуратность оформления отчета.

Отчет оценивается с учетом ответов на вопросы выходного контроля.

5.1 Вопросы выходного контроля

5.1 Объяснить принцип построения расчетной схемы;

5.2 Показать на схеме реакции опор;

5.3 Объяснить принцип составления уравнений равновесия;

5.4 Обосновать выбор проверочного уравнения;

5.5 Объяснить характер нагрузки в опорах балки.

Практическая работа № 4

Тема: Определение опорных реакций опор и моментов защемления консольной балки

Цель: Приобретение и закрепление умений решения задач на равновесие плоских систем свободно расположенных сил Жестко заделанная консольная балка нагружена равномерно распределенной нагрузкой интенсивностью q и моментом М. На расстоянии а от стены передается сила F, наклоненная к оси балки под углом α. F=50 кН; q=5 кН/м; М=20 кН·м; α=200. Определить реакции заделки. Отчет по работе

1. Составляем расчетную схему балки. Для этого проводим оси координат

х и у;

2. Находим модули проекций силы F:

Fх=F·cosα; Fх =50·cos20⁰=50·0,9397=47 кН;

Fу=F·sinα; Fу =50·sin20⁰=50·0,342=17,1 кН;

3. Определяем равнодействующую равномерно распределенной нагрузки и расстояние от ее линии действия до опоры А:

G=q·l=q·AB=5·5=25 кН; АК=l/2=АВ/2=2,5 м;

С оставляем уравнения равновесия и определяем неизвестные реакции опор:

∑Fkx=0, RAx+Fx=0 (1)

∑Fky=0, RAy-Fq+Fy=0 (2)

∑MA(Fk)=0, M_А+G·AK-Fy·AC-M=0 (3)

Из (1) RAx=-Fx=-47 кН;

Из (2) RAy=Fq-Fy=25-17,1=7,9 кН;

Из (3) M_А=-Fq·AK+Fy·AC+M=-25·2,5+17,1·2+20=-8,3 кН·м.

Проверка: MC(Fk)=RAy·AC+MЗ+Fq·CK-M=7,9·2–8,3+25·0,5-20=0;

Ответ: RAx=- 47 кН; RAy =7,9 кН; MА=-8,3 кН·м.

Варианты заданий к практической работе № 4

а )	б )

М, кН·м	20	25	30	10	15	F, кН
q, кН/м	1,2	6	1,5	1,4	9
№ варианта и задачи	01	02	03	04	05	40
	06	07	08	09	10	20
	11	12	13	14	15	18
	16	17	18	19	20	30
	21	22	23	24	25	2,5
	26	27	28	29	30	5,0
	31	32	33	34	35	32

П рактическая работа № 5

Тема: Определение координат центра тяжести плоской фигуры

Цель: Научиться определять координаты центра тяжести плоской фигуры

Определить положение центра тяжести фигуры, представленной в задании

Решение:

1. Выбираем оси координат, так чтобы ось Ох прошла по крайнему нижнему габаритному размеру, а ось Оу – по крайнему левому габаритному размеру.

2. Разбиваем сложную фигуру на минимальное количество простых фигур:

1. прямоугольник 20х10;

2. треугольник 15х10;

3. круг R=3 см.

3. Вычисляем площадь каждой простой фигуры, её координаты центра тяжести. Результаты вычислений заносим в таблицу

№ фигуры	Площадь фигуры А,	Координаты центра тяжести
		Х, см	У, см
1	=20·10=200	20:2=10	10:2=5
2
3		10	5

4. Вычисляем координаты центра тяжести фигуры по формулам: 

Ответ: С(14,5; 4,5)

Варианты заданий к практической работе № 5

№ варианта	габариты прямоугольника, см	габариты треугольника, см
1	30х12	12х12
2	35х15	13х15
3	40х17	14х17
4	45х20	15х20
5	40х10	20х10
6	30х12	12х12
7	35х15	13х15
8	40х17	14х17
9	45х20	15х20
10	40х10	20х10
11	30х12	12х12
12	35х15	13х15
13	40х17	14х17
14	45х20	15х20
15	40х10	20х10
16	30х12	12х12
17	35х15	13х15
18	40х17	14х17
19	45х20	15х20
20	40х10	20х10

ИНСТРУКЦИЯ К ВЫПОЛНЕНИЮ ПРАКТИЧЕСКОЙ РАБОТЫ № 6

Тема: Определение координат центра тяжести составного сечения

Цель: Научиться определять координаты центра тяжести составного сечения
Методическое и материально-техническое обеспечение:
1.	Инструкции к практическим работам;
2. Олофинская В.П. Техническая механика: курс лекций с вариантами практических и тестовых заданий.– М. : ФОРУМ, 2013.– 352 с. А.А.Эрдеди, Н.А.Эрдеди. Теоретическая механика. Сопротивление материалов – М: «Академия», 2007 Сетков В.И. Техническая механика для строительных специальностей : учебник / В.И. Сетков.– М.: Академия, 2013.– 400 с.

Ход работы

1. Входной контроль;

2. Получение задания согласно варианту и изучение его содержания;

3. Выполнение работы;

4. Оформление отчета;

5. Сдача отчета преподавателю.