- •Задачи для контрольной 30 декабря 1996 года
- •Задачи на контрольную 28 декабря 2000, группы 841, 842, 743
- •Р ешение задач контрольной 29 декабря 2003 года. Группы 141-143
- •2. (300) Определить табличные значения поляризуемости 11 (самополяризуемость) и 12 для -системы пентадиенильного радикала.
- •3 . (400) По теории возмущений определить энергию и вид нижней по энергии молекулярной орбитали тетрацена.
- •Решение задач контрольной 28 декабря 2004 года. Группы 241-243
- •1. (400) Построить таблицу характеров для абелевой группы, в которой имеется три операции симметрии.
Решение задач контрольной 28 декабря 2004 года. Группы 241-243
1. (400) Построить таблицу характеров для абелевой группы, в которой имеется три операции симметрии.
Решение: В группе три операции, три класса и три одномерных представления, одно из которых является полносимметричным (все характеры единицы). Таблица характеров будет иметь вид
|
E |
R1 |
R2 |
A1 |
1 |
1 |
1 |
Г1 |
1 |
X1 |
X2 |
Г2 |
1 |
X3 |
X4 |
Очевидно, что условие нормировки и ортогональности строчек характеров может быть выполнено, только при комплексных числах Xi
Таким образом, таблица имеет вид
|
E |
R1 |
R2 |
A1 |
1 |
1 |
1 |
Г1 |
1 |
||
Г2 |
1 |
1
Р
3. (400) По теории возмущений определить энергию и вид молекулярной орбитали неспаренного электрона -радикала, показанного на рисунке (разрезать на циклическую систему и изолированный 13 центр). Сравнить с точным решением.
Решение: Разрежем радикал как указано в условии задачи. Циклическая система из 12 центров имеет два уровня с энергией E = α (косинусное и синусное решение). Для этих уровней в формуле для энергии и для МО индекс i = 3 и, соответственно, и . Таким образом, в косинусное решение войдут четные центры , а в синусное – нечетные . Изолированный 13 центр (13) имеет также энергию E = α. Возмущением будет взаимодействие этого центра с нечетными (3, 7, 11) центрами циклической системы (<3|V|13> = <7|V|13> =<11|V|13> = ). Косинусная функция с четными центрами останется с энергией E = α. Взаимодействие 13 и 2 даст два уровня с энергиями E = α (3/). Два спаренных электрона окажутся на уровне E = α + (3/), а неспаренный электрон будет иметь энергию E = α и функцию . Таким образом, распределение спиновой плотности будет совпадать с точным решением.
4
Решение: Для определения МО используем симметрию. По одному представлению будут преобразовываться комбинации
По другому представлению
Для первого набора функций детерминант имеет вид для второго . Для первого детерминанта корни для второго – Три неспаренных электрона находятся на вырожденных орбиталях x = 0 (E = α). Подставляя это значение в первый детерминант, находим коэффициенты и вид первой орбитали неспаренного электрона
Подставляя x = 0 во второй детерминант, получим
Распределение спиновой плотности имеет вид 1 = 4 = 7 1/3, 2 = 3 =5 = 6 = 1/2. Появление атома дейтерия на месте первого атома водорода можно учесть по теории возмущений <φ1Vφ1> = (m/2M). Так как орбиталь 1 есть только в 1 НЭ, смещение вниз по энергии в первом порядке теории возмущений будет только для нее = (m/2M)/3. Два электрона окажутся спаренными на этой орбитали, а неспаренный электрон окажется на двух оставшихся, что даст распределение спиновой плотности 2 = 3 =5 = 6 = 1/4, 1 = 4 = 7 = 0
5
Решение. До введения заместителя 2 = ¼, после появления индуктивного CF3 заместителя 2 = ½.