789
.pdfРис. 95
Сообщим системе возможное перемещение, повернув стержни ОА и ОВ на угол
ОА ОВ . |
При этом стержни АС и ВС получат возможные перемещения |
АС ВС . |
Тогда точки А, В и С - возможные перемещения |
sA rA l OA l ;sB rB l OB l ;sC CPBC BC 2l sin .
Составим общее уравнение динамики:
mg rA ФА rA mg rВ ФВ rВ m1g rС 0 .
Выполним преобразования
2mg sA cos( 90 ) 2ФА sA cos m1g sС cos180 02mgl sin 2m 2l sin l cos m1g2l sin 0 .
m 2l cos mg m1g ; |
|
cos |
m m1 |
g |
|
||||
|
|
m 2l . |
||
arccos |
m m1 |
g |
||
|
||||
откуда |
m 2l . |
ЗАДАЧА 64
Барабан лебѐдки радиуса r, установленный на консольной балке, вращается с угловым
ускорением ε. К барабану приложен вращающий момент Мвр . Массы лебедки и поднимаемого груза равны m и m1, момент инерции барабана лебедки относительно оси вращения О равен Jo.
Пренебрегая массой балки и троса, найти реакцию заделки и вращающий момент Мвр .
121
|
|
Рис. 96 |
|
|
|
Решение |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Расчетная схема для решения задачи дана ниже. |
На |
этом рисунке Х А , |
У А – |
||
|
|
|
|
|
|
составляющие реакции заделки; |
mA – момент заделки; mg |
и m1g – силы тяжести лебѐдки и |
|||
|
Мвр |
– вращающий момент; |
М Ф |
– момент сил инерции точек |
|
груза; Ф – сила инерции груза; |
|
о |
барабана; δs – возможное перемещение груза; δφ – возможное угловое перемещение барабана.
Рис. 97
Применим к системе «лебѐдка-груз» общее уравнение динамики:
(М вр М оФ ) (m1g Ф) s 0 .
Учитывая зависимости |
|
|
|
|
|
|
s r ; |
a aA r – (ускорение груза); |
|||||
Ф m a m r; |
M Ф |
J |
o |
|
, |
|
1 |
1 |
o |
|
|
получим формулу для определения вращающего момента
122
М вр (Jo m1r 2 ) m1gr .
Применим теперь к системе «балка-лебѐдка-груз» принцип Даламбера. На основании этого принципа составляем следующие уравнения:
X A 0;
YA mg m1g Ф 0;
m1g(b r) mgb Ф(b r) M oФ M вр mA 0.
Из этих уравнений находим реакцию и момент заделки.
ЗАДАЧА 65
Три груза массы m каждый соединены нерастяжимой нитью, переброшенной через блок. Два груза лежат на гладкой плоскости, а третий груз подвешен вертикально. Определить ускорения грузов и натяжение нити в сечениях bc и de .
Рис. 98
Решение Применим для решения задачи общее уравнение динамики и принцип Даламбера.
Грузы совершают поступательное движение с ускорениями a1 a2 a3 a .
Рис. 99
123
Приложим к грузам силы тяжести и силы инерции Ф1 Ф2 Ф3 Ф mа . Сообщим
грузам возможное перемещение s . Составим общее уравнение динамики:
mg s Ф1 s Ф2 s Ф3 s 0
или
mg 3Ф 0 .
|
a |
g |
|
|
|
||
Ускорение грузов : |
3 . |
Применим принцип Даламбера к первому и третьему грузам
Рис. 100
Рис. 101
T12 mg Ф1 0;
T23 Ф3 0.
Натяжения нитей в сечениях bc и de
T12 mg Ф1 2 mg
3 ;
T23 Ф3 1 mg
3 .
ПРИНЦИП ВОЗМОЖНЫХ ПЕРЕМЕЩЕНИЙ ЗАДАЧА 66
124
Для механизма, расположенного в горизонтальной плоскости, определить деформацию пружины в положении равновесия. Даны длина стержня ОА= l , момент пары сил M , приложенной к стержню ОА, коэффициент жесткости пружины c .
Рис. 102
Решение Для решения задачи будем использовать принцип возможных перемещений.
Приложим к системе силы, действующие в горизонтальной плоскости: кроме пары с
моментом M это будет сила упругости пружины Fупр с х ( х искомая деформация пружины).
Рис. 103
Сообщим системе возможное перемещение, повернув стержень ОА на угол ОА . Стержень АВ совершит возможное плоскопараллельное перемещение, повернувшись на угол
АВ вокруг точки РАВ . Точки А и В получат возможные перемещения
125
sA rA OA ОА l ОА ;
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
r |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
sB |
|
rB |
BPAB АB BPAB |
tg60 l ОА |
3 l ОА |
|||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
AP |
|
||||||||||
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
AB |
|
. |
Составим уравнение возможных работ всех активных сил (1.30)
М ОА Fупр sB 0 .
Подставив установленные ранее соотношения М ОА с х 3 l ОА 0 .
|
x |
|
M |
|||
|
|
|
|
|
||
|
|
|
l c . |
|||
После преобразований получим деформацию пружины |
3 |
|||||
|
|
ЗАДАЧА 67
Для заданной составной конструкции определить реактивный момент в заделке А, считая заданными интенсивность равномерно распределенной нагрузки q , угол , длины стержней
АВ= l1 и ВС= l2 .
Рис. 104
Решение Для решения задачи используем принцип возможных перемещений.
Заменим заделку в точке А шарнирно неподвижной опорой, компенсировав
отброшенную связь ее реакцией – реактивной парой сил с неизвестным моментом М А .
l2
Распределенную нагрузку на участке ВС заменим приложенной к точке Е (ВЕ=ЕС= 2 )
равнодействующей силой Q ql2 .
126
Рис. 105
Сообщим системе возможное перемещение, повернув стержень АВ на угол AB . Стержень ВС совершит возможное плоскопараллельное перемещение, повернувшись на угол
BС вокруг точки РВС . Точки В, С и Е получат соответствующие возможные перемещения
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
AB AB |
l1 AB ; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
rB |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
EPBC |
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
EP |
|
|
EP |
|
rB |
|
|
|
|
l |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
r |
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
E |
|
|
|
|
|
BC |
|
BC |
BC |
|
|
BP |
|
|
BP |
1 |
AB |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
BC |
|
|
BC |
|
; |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
CPBC |
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
CP |
|
|
CP |
|
|
|
rB |
|
|
|
|
l |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
r |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
C |
|
|
|
|
|
BC |
|
BC |
BC |
|
|
BP |
|
|
BP |
1 |
AB |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
BC |
|
|
BC |
|
. |
Уравнение возможных работ имеет вид
МА АВ (Q BE) BC 0.
М(Q BE) BC (Q BE) i
А АВ
Далее находим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
i |
BC |
|
BC |
SB |
|
BC |
|
|
AB AB |
|
AB |
|
|
l1 |
||||
|
|
|
|
BP |
|
|
|
|
tg |
|||||||||
|
АВ |
|
S |
В |
АВ |
|
ВC |
|
|
АВ |
BP |
|
l |
|||||
|
|
|
|
|
|
BC |
|
|
BC |
|
2 |
|
Окончательно получим
М А |
(Q BE) i |
ql2l1ctg |
|
|
2 . |
||||
|
|
ЗАДАЧА 68
Определить натяжение нити АС, связывающей вершины А и С шарнирного стержневого ромба ОАВС, находящегося под действием силы Р .
127
Рис. 106
Решение Для решения задачи будем использовать принцип возможных перемещений.
Перережем нить, а ее действие заменим двумя приложенными в точках А и С равными силами Т А ТС Т .
Рис. 107
Сообщим возможное вертикальное перемещение rB точке В; rА и rС - возможное
перемещение точек А и С. РАВ и РСВ - возможные центры поворота стержней АВ и СВ. Составим зависимости
rB BPCB CB 2l cos CBrC rA CPCB CB l CB
На основании принципа возможных перемещений имеем уравнение
P rB TA rA TC rC 0 .
Выполним преобразования
P rB cos0 T rA cos(90 ) T rC cos( 90 ) 0 .
P 2l cos CB 2T l sin CB 0 ,
Натяжение нити
128
T |
P 2l cos CB |
Pctg |
|
|
|
||
|
2l sin CB |
. |
ЗАДАЧА 69
На кривошип ОА механизма, расположенного в горизонтальной плоскости, воздействует
пара сил с моментом М . Зная длину кривошипа ОА= r и шатуна АВ= l , определить силу Р при условии равновесия механизма.
Рис. 108
Решение Для решения задачи будем использовать принцип возможных перемещений.
Сообщим системе возможное перемещение, повернув кривошип ОА на возможный угол
ОА . Шатун АВ совершит возможное плоскопараллельное перемещение, повернувшись на возможный угол АВ вокруг точки РАВ .
Рис. 109
Уравнение возможных работ
М ОА Р rB cos180 0
Выполним преобразования |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
P М |
ОА M i |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
S |
B |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
i ОА |
ОА |
S А |
ОА |
|
APAB АB |
|
1 |
ctg |
|||||
r |
|
|
|
||||||||||
S |
B |
S |
А |
S |
B |
OА |
|
BP |
АB |
r |
|||
|
|
|
|
|
AB |
|
|
Значение силы Р определяется по формуле
129
Р M i М сtg
r .
ЗАДАЧА 70
Однородный стержень АВ длиной l и весом Р находится в состоянии равновесия в вертикальной плоскости. Стержень опирается на гладкий пол и гладкую вертикальную стену. Определить зависимость между силами Р и F.
Рис. 110
Решение Для решения задачи применим принцип возможных перемещений.
Сообщим точке А стержня возможное перемещение ; точка В получит возможное
rA
перемещение , стержень – возможное вращательное перемещение δφ вокруг возможного
rB
центра поворота Е .
Рис. 111
Составим общее уравнение статики:
|
|
|
|
|
P rC |
F rA 0 |
|
|
|
или |
|
|
|
|
P s |
cos F s |
A |
cos180o 0 |
. |
C |
|
|
130