- •Аналитическая геометрия
- •§1 Векторы………………………………………………………………..8
- •§1 Векторы.
- •Вопросы для самопроверки (знать).
- •Решение типовых задач (уметь). Лабораторная работа №1.
- •§2 Прямая на плоскости.
- •Вопросы для самопроверки (знать).
- •Решение типовых задач (уметь). Лабораторная работа №2.
- •§3 Прямая и плоскость в пространстве.
- •Вопросы для самопроверки (знать).
- •Решение типовых задач (уметь). Лабораторная работа №3.
- •§4 Кривые 2-го порядка.
- •Вопросы для самопроверки (знать).
- •Решение типовых задач (уметь). Лабораторная работа №4.
- •Аналитическая геометрия практикум по решению задач
- •426034, Ижевск, Университетская, д. 1, корп. 4, каб. 207
§2 Прямая на плоскости.
Определение. Любой ненулевой вектор, перпендикулярный прямой называется её нормальным вектором, и обозначается .
Теорема. Алгебраическое уравнение 1-й степени
,
где коэффициенты – произвольные действительные числа, одновременно не равные нулю, являетсяуравнением прямой на плоскости , а вектор является её нормальным вектором.
Верно обратное: на координатной плоскости уравнение любой прямой с нормальным вектором, может быть записано в виде алгебраического уравнения.
Определение. Уравнение прямой вида
,
где коэффициенты – произвольные действительные числа, одновременно не равные нулю, называетсяобщим уравнением прямой.
Известно, что прямая определяется двумя точками. Пусть и – точки, лежащие на прямой , – произвольная точка этой прямой. Тогда векторы и– коллинеарны, а их координаты пропорциональны. Получаемуравнение прямой, проходящей через две точки:
.
Определение. Вектор, параллельный прямой, называется направляющим вектором прямой.
Определение. Пусть – направляющий вектор прямой. Тогда из предыдущего уравнения получаемканоническое уравнение прямой: .
Определение. В тех же обозначениях, параметрическое уравнение прямой имеет вид: .
Определение. Уравнение прямой вида , гдеи– произвольные, не равные нулю действительные числа, называетсяуравнением прямой в отрезках.
Теорема. Пусть – уравнение прямой в отрезках. Тогда,– координаты точек пересечения данной прямой с осями координат.
Определение. Уравнение прямой вида , гдеи– произвольные действительные числа, называетсяуравнением прямой с угловым коэффициентом, коэффициент называетсяугловым коэффициентом данной прямой.
Теорема. Пусть – уравнение прямой с угловым коэффициентом. Тогда, где угол α равен углу наклона данной прямой к оси ,– ордината точки пересечения с осью.
Если известны угловые коэффициенты идвух прямых, то один из угловмежду этими прямыми определяется по формуле:
.
Признаком параллельности двух прямых является равенство их угловых коэффициентов: .
Признаком перпендикулярности двух прямых является соотношение: или.
Теорема. (Связь нормального вектора прямой с её направляющим вектором и её угловым коэффициентом.)
1) Если – нормальный вектор прямой, то– её направляющий вектор, и, если, то– её угловой коэффициент.
2) Если – направляющий вектор прямой, то– её нормальный вектор, и, если, то– её угловой коэффициент.
3) Если угловой коэффициент прямой, то– её нормальный вектор, – направляющий вектор.
Взаимное расположение двух прямых на плоскости.
Две прямые на плоскости могут пересекаться, совпадать или быть параллельными.
Теорема. Пусть прямые заданы общими уравнениями:
L1:,L2:. Тогда:
1) если , то прямые совпадают, и система уравнений
имеет бесконечное множество решений;
2) если , то прямые параллельные, и система уравненийне имеет решений;
3) если , то прямые пересекаются и координаты точки их пересечения являются единственным решением системы уравнений
.
Определение. Уравнение вида , где– расстояние от прямой до начала координат, называетсянормальным уравнением прямой, – координаты орта вектора.
Чтобы привести прямую к указанному виду, разделим общее уравнение прямой на , причем со знаком «+» в случае, когда, и со знаком «-» в случае, когда, получим:
.
Теорема. Орт нормального вектора имеет координаты:
,
где .
Теорема. Расстояние от прямой до произвольной точки находится по формуле:
Чтобы найти расстояние между двумя параллельными прямыми, нужно взять произвольную точку на одной из прямых и найти расстояние от нее до другой прямой.
Чтобы найти множество точек, равноудаленных от двух прямых и, составим уравнение:
.
Раскрывая модули в случае параллельных прямых, получаем параллельную им прямую, лежащую между данными прямыми, а в случае пересекающихся прямых – биссектрисы углов, образованных пересечением прямых.
Определение. Совокупность прямых, проходящих через некоторую точку S, называется пучком прямых с центром S.
Теорема. Если и– уравнения двух прямых, пересекающихся в точкеS, то уравнение:
,
где – какие угодно числа, не равные одновременно нулю, определяют прямую, также проходящую через точкуS.
Более того, в указанном уравнении числа всегда возможно подобрать так, чтобы оно определяло любую (заранее назначенную) прямую, проходящую через точку S, иначе говоря, любую прямую пучка с центром S. Поэтому уравнение вида называется уравнением пучка с центром S.
Решение типовых задач
Задача №1:
Даны уравнения двух сторон параллелограмма ,и уравнение одной из его диагоналей. Определить координаты вершин этого параллелограмма.
Решение:
Найдём координаты т. как точки пересечения прямыхи:;; т.Выясним, какая из диагоналей задана.
Подставим координаты т. в уравнение диагонали:; т.не принадлежит заданной диагонали, следовательно– уравнение диагонали.
Найдём координаты т. , как точки пересеченияи:
; ; т..
Найдём координаты т., как точки пересеченияи:
; ; т..
Найдём координаты т.B: в параллелограмме диагонали делят друг друга пополам: . Найдём координаты т.: т.– середина, следовательно, т.; т., но т.– середина, следовательно,и, поэтомуи, т..
Ответ:
Задача №2:
Дана прямая . Составить уравнение прямой, проходящей через точку:
параллельно данной прямой.
перпендикулярно к данной прямой.
Решение:
Искомая прямая параллельна прямой , поэтому её уравнение имеет вид:.
Найдём т.: точкапринадлежит этой прямой, поэтому её координаты удовлетворяют записанному уравнению:,. Итак, прямая принимает вид:.
Т.к. заданная и искомые прямые перпендикулярны, то их угловые коэффициенты удовлетворяют условию: .
Найдём угловой коэффициент прямой ;; итак,тогда. Запишем уравнение искомой прямой:.
Точка принадлежит этой прямой, поэтому; Уравнение прямой принимает вид: .
Ответ: ;.
Задача №3:
Определить, при каких значениях a и b две прямые , :
имеют одну общую точку;
параллельны;
совпадают.
Решение:
Прямые имеют одну общую точку, когда они не параллельны (их коэффициенты при x и y не пропорциональны): ;
Прямые параллельны, когда коэффициенты при x и y пропорциональны: ;.
Прямые совпадают, когда все их коэффициенты пропорциональны: ;.
Задача №4:
Найти проекцию точки на прямую.
Решение:
Проведём через т.прямую, перпендикулярную прямой. Точкапересечения прямых и является искомой проекцией.
Прямая перпендикулярна заданной прямой, поэтому её направляющим вектором служит нормальный вектор прямой, т.е..
Запишем уравнение прямой в каноническом виде:
; – уравнение.
Найдём координаты т.:
; ; т.
Ответ:
Задача №5:
Найти точку , симметричную точкеотносительно прямой, проходящей через точкии.
Решение:
Составим уравнение , как прямой проходящей через 2 точки:
; – уравнение.
Найдём уравнение прямой перпендикулярной.
Нормальный вектор прямойявляется направляющим вектором прямой, поэтому используем каноническое уравнение прямой:;– уравнение прямой.
Найдём координат т., как точки пересечения прямыхи:
; ; т..
Так как точка симметрична точкеотносительно, следовательно, то есть т.– середина отрезка. Найдём координаты точки, зная начало и середину отрезка:
, , тогда
,
, т..
Ответ: .
Задача №6:
Даны вершины треугольника ,и. Составить уравнение перпендикуляра, опущенного из вершинына медиану, проведенную из вершины.
Решение:
Найдём координаты т., как середины отрезка:
т. , т..
Запишем уравнение медианы , как прямой, проходящей через две известные точки:
; – уравнение.
Нормальный вектор для является направляющим для прямойперпендикулярной, тогда уравнение примет вид:
; – уравнение.
Ответ: .
Задача №7:
Даны вершины треугольника ,,. Составить уравнение перпендикуляра, опущенного из вершинына биссектрису внутреннего угла при вершине.
Решение:
Пусть – биссектриса.
Найдём координаты т.воспользовавшись свойством биссектрисы: Тогда: ; ; т.;
Уравнение биссектрисы примет вид: = ⇒ , ,перпендикулярен⇒ .
Точка принадлежит искомому перпендикуляру, поэтому уравнениепримет вид:.
Ответ:
Задача №8:
Две стороны квадрата лежат на прямых ,. Вычислить его площадь.
Решение:
Выберем на прямой некоторую точку:
пусть , тогда⇒ , т.е. .
Найдём расстояние от точки до прямой:
⇒, где и есть длина стороны квадрата.
т.е. .
Ответ: .
Задача №9:
Даны две противоположные вершины квадрата и. Составить уравнения его сторон.
Решение:
Зная вершины исоставим уравнение диагонали, как прямой проходящей через две точки:⇒ – уравнение прямой .
Т.к. – квадрат, его диагонали являются биссектрисами, поэтому; найдём угловой коэффициент
.
Зная и, найдём угловой коэффициент:;⇒ . Уравнение примет вид:.
Найдём ; Тогда уравнение.
Т.к. перпендикулярно⇒ угловой коэффициент . Уравнениеимеет вид:, тогда– уравнение.
Т.к. – квадрат, то, то уравнениепримет вид:.
Зная, что точка принадлежит прямой, найдём свободный членискомого уравнения, итак– уравнение стороны.
Аналогично найдём уравнение стороны .
Ответ:
Задача №10:
Вычислить площадь треугольника, отсекаемого прямой от координатного угла.
Решение:
Запишем уравнение прямой в отрезках:+1.
Из этого уравнения следует, что длины отрезков исоответственно равныи, поэтомукв. ед.
Ответ: кв.ед.
Задача №11:
Составить уравнения сторон треугольника, зная одну из его вершин и уравнения двух его медиан.
Решение:
Выясним, что точка не принадлежит известным медианами.
Найдём координаты точки – пересечения медиан:⇒ т.
Продолжим медиану , и на её продолжении отложим отрезок. Соединим точкус вершинамии. Полученный четырёхугольник– параллелограмм (его диагонали пересекаясь в точке, делятся пополам).
Найдём координаты точки , как конца отрезкас известным началоми серединой
Найдём уравнение прямой , зная, чтои точкалежит на этой прямой:
Найдём координаты вершины , как точки пересечения прямыхи:⇒ т.
Точка – середина отрезка, поэтому.
Найдём координаты точки , как конца отрезкас известными началоми серединой:.
Зная координаты всех вершин треугольника , найдём уравнения его сторон, как прямых проходящих через две точки.
Ответ:
Задача №12:
Составить уравнения сторон треугольника, зная одну из его вершин и уравнения биссектрис двух его углов:
Решение:
Очевидно, что точка не принадлежит заданным биссектрисами. Найдём точку, симметричную точкеотносительно биссектрисы. Можно доказать, что точкапринадлежит прямой. Опустим из т.перпендикуляр на биссектрисудо пересечения в точкеи отложим.
Т.к. перпендикулярно, то; точкапринадлежит прямой, поэтому её уравнение примет вид:
Координаты точки найдём как точки пересечения прямыхи:⇒ т.(;).
Найдём координаты точки , как конца отрезкас известными началоми серединой:().
Аналогично найдём точку , симметричную т.относительно биссектрисы. Точкапринадлежит прямой,.
Тогда уравнение стороны примет вид:или.
Найдём координаты точек и, как точек пересечения прямойи заданных биссектрис:();
Зная координаты вершин треугольника , найдём уравнения его сторон.
Ответ:
Задача №13:
Составить уравнения биссектрис углов, образованных двумя пересекающимися прямыми: и.
Решение:
Известно свойство: биссектриса есть геометрическое место точек, равноудалённых от сторон угла.
Пусть – произвольная точка искомой биссектрисы, тогда;
; ; ;.
Тогда уравнения биссектрис примут вид: .
Ответ: .
Задача №14:
Составить уравнение биссектрисы угла между прямыми , в котором лежит точка
Решение:
Найдём отклонение точки отзаданных прямых, для этого приведём их уравнения к нормальному виду:; нормирующий множитель+;+0.
Найдём отклонение 1 т.от прямой, для этого в левую часть нормального уравнения подставим координаты т.:1 --0.
Аналогично найдём отклонение 2 т.от второй прямой:20. Отклонения имеют разные знаки, поэтому при раскрытии модулей (см. решение предыдущей задачи) справа ставим знак «минус».
⇒
Уравнение биссектрисы принимает вид:
Ответ: .
Задача №15:
На прямой найти точки, равноудалённые от прямыхи
Решение:
Точки равноудалённые от прямых и, лежат на биссектрисах углов, образованных этими прямыми. Аналогично решению предыдущих задач найдём их:.
Тогда искомые точки являются точками пересечения этих биссектрис и прямой , поэтому найдём их, решая системы:и.
Ответ:
Задача №16:
Составить уравнения сторон треугольника, зная одну из его вершин и уравнения медианыи высоты, проведённых из различных вершин.
Решение:
Убедимся, что точка не принадлежит заданным медиане и высоте.
Найдём уравнение стороны , зная, что.⇒ тогда уравнение примет вид: , зная координаты т., принадлежащей, найдём, тогда уравнение примет вид:.
Найдём координаты т., как точки пересеченияи медианы:⇒ .
Пусть точка имеет координатыи, найдём их. Точка– середина, поэтому
Точка принадлежит медиане, точкапринадлежит высоте, поэтомуинайдём, решая систему:
Откуда Зная координаты вершин треугольника, найдём уравнения всех его сторон.
Ответ: .
Задача №17:
Через точку провести прямую так, чтобы её отрезок, заключённый между прямыми, делился бы в точкепополам.
Решение:
Обозначим через иточки пересечения заданных прямых и искомой прямой и пустьтогдат.к.– середина отрезка. Координатынайдём, составив систему уравнений:⇒ ⇒.
Составим уравнение искомой прямой, которая проходит через две точки, например, и:
Ответ:
Задача №18:
Составить уравнения сторон треугольника , зная одну из его вершина также уравнение высотыи биссектрисы, проведённых из одной вершины. Решить задачу, не вычисляя координат вершини.
Решение:
Можно проверить, что т.не принадлежит ни высоте, ни биссектрисе. Найдём уравнение стороны, поэтому;, зная координаты т., найдём.
Итак, уравнение имеет вид:.
Рассмотрим пучок с центром в т.:.
Пусть , тогда уравнение пучка примет вид:
. (1)
–прямая пучка, причём координаты т.известны, поэтому найдёмдля прямой:, поэтому уравнениепримет вид:, т.е..
Найдём угол между прямыми и:tg 1⇒ .
Тогда угол равен 90°, т.е.; -. С другой стороны найдёмиз уравнения (1):
Итак, ⇒ .
Найдём уравнение стороны зная, что она принадлежит пучку. Подставимв уравнение (1) и получим уравнение стороны.
Ответ:
Образовательным результатом после изучения данной темы является сформированность компонент, заявленных во введении, совокупности компетенций (знать, уметь, владеть) на двух уровнях: пороговый и продвинутый. Пороговый уровень соответствует оценке «удовлетворительно», продвинутый уровень соответствует оценкам «хорошо» или «отлично» в зависимости от результатов защиты кейс-заданий.
Для самостоятельной диагностики данных компонент вам предлагаются следующие задания.