3 семестp / Методы / Электpостатика / Elektrostatika
.pdf11
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(qΩ |
1 + |
QΩ |
2 ) |
|
|
|
|
|
|
|
1 − |
|
cosα |
|
|
||||
|
|
|
|
|
∆ q = ε Φ0 2= |
|
|
|
|
|
|
= |
π 2 q |
|
|
|
|
|
. |
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
4π |
|
|
|
|
4π |
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Тогда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
β |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
β |
|
|
|
|
|
q−(1 |
cosα ) , |
|||||||
|
|
|
q |
|
1 |
− cos |
|
|
|
|
|
|
+ |
Q |
1− |
cos |
|
|
2 |
= |
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
учитываем β 1 = β |
2 |
|
и Q=2q, следовательно, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
β 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
β |
|
|
|
2 + |
cosα |
|
|||||||
|
|
|
3 − |
3 cos |
|
|
|
|
= |
|
1− |
cosα |
, |
cos |
|
|
1 |
|
= |
|
|
|
|
. |
||||||||||
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
3 |
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Но β 1 = |
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
2 arccos |
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x2 |
+ |
r2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Окончательно: r |
= |
2(2 + |
L |
|
|
|
|
) |
|
|
9 − |
(2 + |
cosα |
)2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
cosα |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 3.3. Сферический диэлектрический конденсатор имеет радиусы внешней и внутренней обкладок 2R и R соответственно. Заряд конденсатора равен q. Диэлектрическая проницаемость меняется между обкладками по закону
ε = |
5R2 |
! |
! |
|
! |
|
|
. Определить закон изменения векторов |
E , |
P |
и |
D , поверхностную |
|
R2 + r2 |
плотность связанных зарядов и общую величину связанного заряда на внутренней и внешней поверхностях диэлектрика, распределение объёмной плотности связанных зарядов ρ′ (r) и величину связанного заряда в объёме диэлектрика, емкость конденсатора, максимальную напряженность электрического поля Е и электрического смещения D.
Решение:
Определим зависимость модуля векторов E, D, P от радиуса r в предположении, что заряд внутренней и внешней обкладки равны + q и -q соответственно. Для изотропной среды связь между этими векторами определяется соотношениями
! |
! ! |
1ε) |
! |
! |
ε − 1 |
! |
D = εε 0 E, P= ε( − |
0 E, |
=P |
ε |
D . |
||
|
|
|
|
|
|
Тогда, применив теорему Гаусса для сферы радиуса r: 4π r2D = q получим для модулей векторов E, D, P:.
12
D = |
q |
|
, E = |
q |
R2 |
+ r2 |
|
, P = |
q |
4R2 − r2 |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|||||
4π r |
2 |
20R |
2 |
0r |
2 |
20R |
2 |
r |
2 |
||||||
|
|
|
|
πε |
|
|
|
|
|
|
Поверхностную плотность связанных зарядов можно определить из соотноше-
ния Pn = σ′ , σ′ (R) = 3q /20π R2, σ′ (2R) =0.
Полный связанный заряд на внутренней поверхности равен: q′вн = σ′ (R) 4π R2= 3q /5.
Объёмную плотность связанных зарядов определим из уравнения:
! !
"∫ PdS = − q′ .
S
В качестве поверхности интегрирования выберем две концентрические сферические поверхности радиусами r и r+dr. Тогда:
d(P4π r2) = -dq′,
где - dq′ = ρ′ (4π r2(dr)) - величина связанного заряда, заключенного между этими сферическими поверхностями. Отсюда – ρ′ = -(q/10π rR2).
Полный заряд в объёме диэлектрика - q = ∫ ρ ′4π r2dr= − |
3 q . |
|
5 |
Емкость конденсатора можно определить, найдя разность потенциалов между обкладками:
|
|
R2 |
+ r2 |
|
|
q |
|
|
R2 |
|
|
3q |
|
|
||
∆ϕ |
= − ∫ Edr= ∫ q |
|
|
|
|
dr= |
|
|
∫ |
+ |
2 |
1 |
=dr |
|
|
, |
20R |
2 |
0r |
2 |
2 |
|
πε40 |
0 R |
|||||||||
|
|
πε |
|
|
20Rπε |
0 |
r |
|
|
|
|
- где интеграл берется в пределах от R до R0. Далее по определению емкости конденсатора С =q/∆ϕ .
Задача 3.4. Шарик радиуса R из диэлектрика, с диэлектрической проницаемо-
стью ε помещен в однородное электрическое поле E0. Определить величину и напряженность электрического поля в точке Y=Y1, X=Х1 (Y1, Х1<R). Решение.
Под действием электрического поля происходит поляризация диэлектрика. Поляризацию можно представить как смещение положительных и отрицательных связанных зарядов объёмной плотностью ρ′ =ρ′ +=ρ′ - относительно друг друга на
величину, определяемую вектором δ! . При этом для вектора поляризованности
! !
выполняется соотношение P = ρ ′δ . Следовательно, можно рассматривать
13
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
электрическое поле связанных заря- |
+ρ′ + |
|
|
|
|
|
|
|
! |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ρ′ - |
дов, как суперпозицию электриче- |
||||
|
|
|
|
|
|
E′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ских полей двух шаров, радиусы ко- |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
! |
! |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
торых равны R, равномерно запол- |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E, |
P |
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ненных объемной плотностью заряда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ρ и -ρ соответственно и смещенных |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
δ |
на вектор δ! . Выберем величину |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
δ <<R. Тогда можно считать, что на |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис.3.4 |
поверхности шара радиуса R нахо- |
|
дится поверхностная плотность свя- |
||
|
||
|
занных зарядов σ′ , причем поверхно- |
стная плотность в точке С(σ′ с) связана с величиной вектора поляризованности P и величинами ρ′ и δ следующими соотношениями: P=(ε -1)ε oE=ρ′δ , P =σ′ c. Электрическое поле Е′+(E′-) внутри равномерно заряженного по объему шара
создаваемое положительным зарядом ρ′ + (отрицательным ρ′ -) равно:
|
|
! |
ρ +′ |
! |
! |
ρ −′ |
! |
|
|
|
|
E′ = |
|
r , |
E′= |
|
|
r |
, |
|
|
3ε 0 |
3ε 0 − |
||||||
|
|
+ |
+ |
− |
|
||||
! |
! |
- радиус-векторы, проведенные в данную точку из центров положи- |
|||||||
где r+ |
и r− |
тельно и отрицательно заряженных шаров соответственно, для которых спра-
ведливо |
! |
− |
! |
= |
! |
r+ |
r− |
δ . |
Результирующее электрическое поле связанных зарядов равно суперпозиции
! |
|
|
!′ |
! |
|
ρ ′ |
|
! |
|
! |
|
′ |
|
′ |
|
P |
|
||||||
этих электрических полей: E |
= |
E− |
|
=δ− |
|
|
. |
||||
|
E+ − |
= − |
|
3ε |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
3ε 0 |
|
0 |
|
Однородное электрическое поле внутри шара Е равно:
! |
! |
! |
! |
! |
! |
ε − 1 |
! |
P |
|||||||
E = |
E0+ |
E=′ |
E−0 |
= |
−E0 |
3 |
E . |
|
|
|
|
3ε 0 |
|
|
! = 3 !
Откуда: E 2 + ε E0 .
14
§4. Решение задач с использованием метода электростатических изображений.
Задача 4.1. Над заземленной плоской металлической пластиной находится положительный заряд q на расстоянии а от пластины. Определить плотность поверхностного заряда на пластине и показать, что полный заряд на пластине по величине равен q.
+ |
q |
q |
+ |
α |
|
|
|
a |
|
a |
|
r |
|
|
|
|
|
|
|
x |
|||
ϕ = 0 |
0 |
|
! |
b ! |
|||
|
|
|
E − |
E |
+ |
||
|
|
a |
|
|
|
α |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
− |
q |
− |
|
|
! |
|
|
|
|
E |
|
y
a) |
б) |
|
|
|
Рис.4.1 |
Решение.
Исходная система – это положительный заряд и заземленная плоскость с наведенным на нее отрицательным зарядом (см. рис. 4.1, а), она эквивалентна системе 2-х зеркальных зарядов (см. рис. 4.1, б). Действительно, электрическое поле от двух зеркальных зарядов в верхней полуплоскости полностью совпадает с исходным электрическим полем. Кроме того, на плоскости симметрии (ось ОХ) потенциал, создаваемый зарядами φ=0 (как и заземленной плоскости), а напряженность электрического поля перпендикулярна плоскости и направлена по оси ОУ:
15
|
|
|
|
1 |
2q |
|
|
a |
|
|
|
|
|||||
|
EB = EY = |
4πε 0 |
(a2 + x2 ) |
a2 + x2 . |
|
|
|
|
|||||||||
С другой стороны поле у поверхности заряженного проводника: EB = σ |
(x) . |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ε |
0 |
Таким образом получаем: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
σ (x) = |
1 |
|
|
|
|
q a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(a2 + x2 ) 32 |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2π |
|
||||||||
X |
|
|
|
|
|
Определим полный заряд индуциро- |
|||||||||||
|
|
|
|
ванной не заземленной плоскости. Разобьем |
|||||||||||||
O |
|
|
|
|
|||||||||||||
|
x+dx |
|
|
плоскость на совокупность концентриче- |
|||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
ских колец относительно точки О (Рис. |
||||||||||||
|
|
|
|
|
4.2.). Тогда заряд на кольце (x, x+dx): |
||||||||||||
Рис.4.2. |
|
|
|
|
|
|
dQ = σ |
|
dS = |
σ |
2π xdx |
|
|||||
Полный заряд Q на плоскости равен: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Q = − |
∞∫ |
qaxdx |
|
|
= − |
qa(− |
|
1 |
|
|
|
|
0∞ ) = |
− |
q . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
(a2 + x2 ) |
3 |
2 |
(a2 + x2 ) |
1 |
2 |
|
|||||||||||
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 4.2 Заряд q расположен внутри угла, образованного большим плоским металлическим листом, согнутым под углом 90° , на расстоянии а и b от плоскостей. Определить силу, действующую на заряд.
Решение. Плоская эквипотенциальная поверхность образуется любой системой
q |
а |
|
-q |
зарядов, имеющей относительной данной |
||
|
плоскости зеркальную симметрию. Примени- |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
тельно к данной задаче, квадрупольная конфи- |
|
|
b |
|
|
||
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
гурация зарядов образует систему двух пере- |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
-q |
|
|
|
|
q секающихся под прямым углом эквипотенци- |
|
|
|
|
|
|
|
альных плоскостей. |
Тогда, согнутый под прямым углом лист мож-
Рис.4.3
но заменить двумя отрицательными зарядами и одним положительным. Откуда сила, действующая на заряд равна:
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
16 |
F |
= |
q2 |
|
+ |
2q2a |
|
|
= |
q2 |
|
1 |
|
|
|
2a |
|
|
|
|
|||||
|
|
2 |
|
2 |
|
2 |
|
|
|
+ |
|
|
2 |
|
|
2 |
|
|
||||||
x |
4πε 0 |
(2a) |
4πε |
0 ((2a) |
+ ( 2b) |
) |
3 2 |
16πε |
|
a |
2 |
(a |
+ b |
) |
3 2 . |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|||||||||||||
F |
= |
q2 |
|
+ |
q2 2b |
|
|
= |
q2 |
|
1 |
|
|
|
2b |
|
|
|
|
|
||||
|
|
2 |
|
2 |
|
2 |
|
|
|
+ |
2 |
|
2 |
|
2 |
|
|
|
||||||
y |
4πε 0 |
(2b) |
4πε |
0 ((2a) |
+ ( 2b) |
) |
3 2 |
16πε |
|
a |
(a |
+ b |
) |
3 2 . |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
Задача 4.3 Заряд q находится на расстоянии a от центра заземленной металли- |
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ческой сферы радиуса R. Опреде- |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
лить силу взаимодействия между |
||||||||||||
R |
|
-Q |
|
|
|
q |
|
|
х |
|
сферой и зарядом. |
|
|
|
|
|
||||||||
O |
b |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение. Пусть начало координат |
|||||||||||||
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
находится в точке О. На расстоя- |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
Рис.4.4. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
нии b от центра сферы поместим |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
заряд Q противоположного знака. |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
Предположим, что на поверхности сферы радиуса R потенциал равен 0. Тогда |
||||||||||||||||||||||||
для точки на поверхности сферы: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Q2 |
q2 |
Q |
|
q |
|
(x − b)2 + y2 = |
(a − x)2 + y2 ; |
(x − b)2 + y2 |
− |
(a − x)2 + y2 |
= 0, |
учитывая, что x2 + y2= R2 ,
R |
2 |
2 |
2bx |
|
2 |
a− |
2 |
2ax |
|
(b2 + R2 ) |
− |
x |
(a2+ R2 ) |
− |
x |
||
|
+ b − |
= |
R+ |
|
; |
2b |
|
|
= |
2a |
|
|
, |
||||
|
|
Q2 |
|
|
q2 |
|
Q2 2b |
|
|
q2 2a |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
откуда видно, что уравнение обращается в тождество при любых х в случае, когда
Q2 |
q2 |
b2 + R2 |
|
a2+ R2 |
|
R2 + b2 2b − x |
= |
a2+ |
R2 2a− x |
|
2b = |
|
, |
2b |
= |
|
; |
|
|
|
|
2a |
2a |
Q2 |
|
q2 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
2b |
|
|
2a |
далее |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(b2 + R2 ) |
= |
b |
= |
Q2 |
|
2 |
+ |
|
2 |
= |
|
+ |
2 |
2 |
= |
2 |
||||
|
(a2 + |
R2 ) |
a |
q2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
, (a b R b) |
( ab R a) |
, ab R , |
||||||||||||||||
Окончательно |
|
|
|
|
|
Q |
|
|
R |
|
|
b |
|
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
= |
|
; Q= |
q |
|
, |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
q |
|
|
R |
|
a |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
17
Полученную сферическую поверхность радиуса R можем использовать, поместив на неё заземленную сферу, потенциал которой равен 0. Тогда заряд на внешней поверхности сферы равен –Q и вместе с зарядом q образует систему зарядов, совпадающей с условием задачи. При этом электрическое поле вокруг заряда q не изменилось и поэтому силу, действующую на заряд q можно рассчитать, как силу взаимодействия между точечными зарядами. Из полученных выше соотношений:
Q = q |
R |
, b= |
R2 |
, F= |
|
|
= |
|
|
|
|
q2 |
|
|
. |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|||||||||
|
|
a |
|
|
|
a |
|
|
|
4πε 0 |
(a − b) 2 |
|
R |
a2 |
− |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4πε |
0 |
|
|
R |
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
||
Следовательно: F = |
|
|
|
|
q2 |
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
a2 |
|
R |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
4πε |
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 4.4 Заряд q находится на расстоянии a от центра металлической сферы радиуса R, заряженной зарядом q0. Определить потенциал сферы и силу взаимодействия между сферой и зарядом.
Решение. Воспользуемся результатом задачи 4.3, поместим на расстоянии b=R2/a от центра сферической поверхности радиуса R отрицательный заряд величиной Q=qR/a. Дополнительно в центр сферической поверхности поместим заряд q1=qo+Q, при этом сферическая поверхность останется эквипотенциальной. Потенциал сферической поверхности складывается из потенциала создаваемого зарядами q и –Q, равного 0 и потенциала создаваемого зарядом (qo+Q).
ϕ = q0 + Q 4πε 0 R
|
|
|
q |
(q0 + Q) |
|
|
|
q (q0+ |
qR a) |
|
q2 R a |
|||
F = |
|
|
|
− |
4πε 0 (a − b) 2= |
|
|
0 a2 − |
|
|
|
|||
|
|
4πε 0 a |
|
πε4 |
4πε 0 (a − R2 a)2 |
|||||||||
= |
q |
(q0 |
+ qR a) |
− |
|
q2 Ra |
|
|
|
. |
||||
|
|
4πε 0 a2 |
|
|
4πε 0 (a2 − R2 )2 |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
18
Задача 4.5. На бесконечной металлической плоскости имеется шаровидный выступ, радиус и высота которого равна R. Определить напряженность поля в верхней точке выступа, если на большом удалении от выступа электрическое поле однородно и напряженность его равна E0.
Решение. Пусть в однородном электрическом поле, напряженность которого равна Е0, находится электрический диполь, ориентированный по направлению
электрического поля с дипольным моментом равным ! . Пусть плоскость, пер- p
!
пендикулярная вектору E и проходящая через диполь имеет потенциал равный 0. Определим потенциал, создаваемый электрическим диполем в точке на рас-
стоянии r от него под углом к оси диполя равным α . Пусть расстояния от положительного и отрицательного заряда диполя до данной точки равны соответственно r1, r2. Расстояние между зарядами диполя l. Так как диполь точечный, то r2 – r1 = lcosα , а r2 r1 = r2.
|
q |
|
|
|
1 |
= |
q |
|
r2 − r1 cosα = |
|
p cos=α |
|
|
! ! |
|
|
||
ϕ = |
|
1− |
|
|
|
|
pr |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 . |
|||||||||
|
4πε |
|
r1 |
|
|
πε4 |
0 r1r2 |
πε4 |
0 r |
2 |
πε 4 |
0 r |
||||||
|
0 |
r2 |
|
|
|
Тогда, общий потенциал диполя и однородного электрического поля ϕ о можно записать в виде:
|
|
|
|
|
|
! ! |
|
|
|
! ! |
|
! |
|
|
! |
|
! |
|
|
|
|
|
|
|
pr |
|
|
|
|
p |
|
|
|||||||
|
|
ϕ |
0 = |
|
4πε |
0 r |
3 |
− |
E0 r= |
|
r |
|
πε4 |
|
−3 |
E0 |
, |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 r |
|
|
|||||
так как направления |
! |
и |
! |
одинаковые, в верхней точке выступа получим: |
|||||||||||||||
p |
E |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
p |
|
− |
E0= |
0 . |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
4πε |
0 r3 |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Поверхность нулевого потенциала представляет собой пересекающиеся плоскость и сферу радиуса R, что соответствует условиям задачи. Тогда, поле в верхней точке сферического выступа E равно суперпозиции поля E0 и поля точечного диполя, расположенного в центре сферы.
|
|
q |
|
1 |
1 |
|
|
|
q r2 |
− |
r2 |
|
|
2 p |
|
|
||||
E = |
E + |
|
|
|
− |
2 |
= |
+E |
|
|
|
1 |
2 |
= |
2 |
+ E |
|
= |
3 |
3E . |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
0 |
4πε |
|
2 |
|
0 |
πε4 |
|
|
|
2 |
|
0 |
πε4 |
or |
0 |
||||
|
|
o |
r2 |
r1 |
|
|
o r2 |
r1 |
|
|
|
|
Ответ: E = 3E0.
19
§5. Метод решения задач с использованием понятия энергии электрического поля
При решении задач с использованием понятия «энергия электрического поля», необходимо иметь четкое представление способах нахождения энергии системы точечных зарядов и энергии распределенных зарядов.
Введем понятие энергии взаимодействия системы зарядов. Для этого рассмот-
рим систему из двух точечных зарядов q1 и q2. Пусть заряд q1 неподвижен, а заряд q2 перемещается из бесконечности в точку пространства, находящуюся на расстоянии r12 от заряда q1. Как известно в этом случае силы электрического поля совершают работу
|
|
|
|
А = q2 (ϕ ∞ − ϕ 2 ) , |
где ϕ 2 = |
|
q1 |
|
- потенциал, создаваемый на расстоянии r12 от него, ϕ ∞ - потен- |
4πε |
0 |
r |
||
|
|
12 |
|
циал, создаваемый зарядом q1 на бесконечности можно положить равным нулю. другой стороны работу сил электрического поля можно представить как убыль потенциальной энергии этого поля W
А = − ∆ W= − (W− 2 W∞ ) .
Считаем, что энергия взаимодействия точечных зарядов на бесконечном рас-
стоянии W∞ = 0. Откуда получим выражение для энергии взаимодействия двух точечных зарядов:
WВЗ = |
q1q2 |
. |
||
4πε |
0 r12 |
|||
|
|
Данное выражение можно представить в следующей форме:
|
|
|
|
q q |
2 |
|
|
|
1 |
|
|
q |
|
1 |
|
|
q |
1 |
|
|
1 |
|
|
1 |
∑ |
n |
|||||
WВЗ |
= |
|
|
|
1 |
|
= |
|
|
|
q1 |
|
|
2 + |
|
|
q2 |
|
1 = |
|
|
q1+ϕ |
1 |
|
qϕ2= |
2 |
|
ϕqi i , |
|||
|
4πε 0 r12 |
|
|
2 |
πε4 |
|
2 |
|
2 |
2 |
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
0 r12 |
πε4 |
0 r21 |
|
|
|
|
2 i= 1 |
||||||||||||||||
где n=2, ϕ i = |
|
∑ |
n |
|
|
|
qj |
|
|
- потенциал i-го заряда в поле остальных зарядов сис- |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
4πε |
|
|
r |
|
|||||||||||||||||||||||
|
j= 1,i≠ |
j |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
ij |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
темы.
Таким образом, это выражение представляет собой энергию взаимодействия любого количества зарядов, причем энергия взаимодействия может принимать как положительное, так и отрицательное значение, в зависимости от знака зарядов системы.
20
При рассмотрении системы из зарядов, которые распределены по поверхности или в объёме, необходимо представить систему в виде системы точечных заря-
дов ∆ q = σ∆ S или ∆ q = ρ∆ V, где ∆ S и ∆ V – элементы площади или объёма, на которые разбивается область распределенного заряда. Обобщая предыдущее соотношение можно записать следующее выражение для полной энергии системы распределенных зарядов:
Wполн = |
1 ∑n ϕ ∆i qi , |
|
2 i= 1 |
или переходя к бесконечно малым элементам
|
= |
1 |
|
ϕ dq= |
1 |
|
dV= |
1 |
|
|
Wполн |
|
|
|
ϕρ |
ϕρ |
dS , |
||||
2 V∫,S |
|
|||||||||
|
|
|
2 V∫ |
|
2 |
∫S |
|
где ρ - объёмная плотность заряда распределенного по объему, σ - поверхностная плотность заряда распределенного по поверхности.
В частном случае, если имеется изолированный заряженный проводник ёмкости С и зарядом q, полная энергия заряженного проводника является соб-
ственной энергией проводника Wсобст
|
1 |
∑ ϕ∆ |
|
1 |
∑ ∆ |
|
1 |
|
1 |
2 |
1 q2 |
|
|||
Wсобст = |
|
q= |
ϕ |
q= ϕ |
|
=qϕ |
|
=C |
|
|
|
. |
|||
2 |
2 |
2 |
2 C |
||||||||||||
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
При определении выражения для собственной энергии заряженного проводника было учтено, что все точки заряженного проводника имеют один и тот же потенциал и связь между зарядом q, потенциалом ϕ и емкостью С имеет вид q = ϕ C.
В общем случае, в системе заряженных тел полная электрическая энергия равняется сумме собственных энергий этих тел и энергий их взаимодействия.
Wполн = ∑ Wсобств+∑ Wвз .
Отметим, что собственная энергия заряженных тел всегда положительна. Задача 5.1: Рассмотрим систему из двух заряженных проводящих тел с заряда-
ми q1 и q2, емкостями C1 и C2. Пусть потенциалы проводников равны ϕ 1 и ϕ 2 соответственно. Определить потенциальную энергию взаимодействия этих тел. Решение. Полную энергию этой системы можем определить так: