![](/user_photo/2706_HbeT2.jpg)
ЭЛЕКТРОСТАТИКА
.pdf![](/html/2706/661/html_d0cPncsEkS.qz45/htmlconvd-YWvamw31x1.jpg)
будет лежать на той же прямой, что и вектор E3 .
в) Находим длину вектора E12 по теореме косинусов:
E12 E12 E22 2E1E2 cos ,
где α – угол между векторами E1 и E2 .
С учѐтом того, что Е1 = Е2, α = 120º, cos 120º = – 0,5, получим:
E |
E |
1 1 2 ( 0,5) E . |
|
|
|
12 |
1 |
|
1 |
|
|
г) Складываем геометрически векторы E12 |
и |
E3 |
.Так как эти |
векторы равны по длине и противоположны по направлению, то их векторная сумма равна нулю:
E E12 E3 E1 E1 0 .
Методика расчета не меняется, если образующие систему заряды имеют другие знаки и расположения.
2.2.2. Расчет напряженности поля, созданного заряженными: бесконечно длинным цилиндром (нитью), бесконечной плоскостью, сферой, шаром
Для расчѐта полей, созданных зарядами, которые равномерно распределены по сферическим, цилиндрическим или плоским поверхностям, применяют теорему Остроградского – Гаусса (раз-
дел 2.2).
Методика расчѐта полей с помощью теоремы Остроградского - Гаусса.
1)Выбираем произвольную замкнутую поверхность, охватывающую заряженное тело.
2)Вычисляем поток вектора напряжѐнности сквозь эту поверхность.
3)Вычисляем суммарный заряд, охваченный этой поверхностью.
4)Подставляем в теорему Гаусса вычисленные величины и выражаем напряжѐнность электростатического поля.
30
![](/html/2706/661/html_d0cPncsEkS.qz45/htmlconvd-YWvamw32x1.jpg)
Примеры расчѐта некоторых полей
•Поле равномерно заряженного бесконечного цилиндра (нити).
Пусть бесконечный цилиндр радиусом R |
|
|
R |
|
+ τ |
|||
|
|
|
||||||
равномерно заряжен с линейной плотностью |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|||
заряда + τ (рис. 16). |
|
|
|
r |
+ |
|
|
|
Из соображений симметрии следует, что |
ℓ |
|
|
|
||||
|
+ |
|
|
|
||||
линии напряжѐнности поля в любой точке бу- |
|
|
|
|
|
|||
|
|
+ |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
||||
дут направлены вдоль радиальных прямых, |
|
|
+ |
|
|
|
||
перпендикулярных оси цилиндра. |
|
|
|
|
|
|
|
|
В качестве замкнутой поверхности выбе- |
|
|
|
|
|
|
||
рем коаксиальный с данным (с общей осью |
|
Рис. 16 |
||||||
симметрии) цилиндр радиусом r и высотой ℓ. |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рассчитаем поток вектора E через данную поверхность: |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
EdSбок 2 |
EdSосн , |
|
|
|
|
|
|
|
Sбок |
Sосн |
|
|
|
|
|
|
E
где Sосн, Sбок – площади оснований и боковой поверхности.
Поток вектора напряжѐнности сквозь площади оснований равен нулю, поэтому
EdS E Sбок E 2 r.
Sбок
Суммарный заряд, охватываемый выбранной поверхностью:
Q dQ .
Подставив всѐ в теорему Гаусса, с учетом того, что ε = 1, полу-
чим:
E 2 r .0
Напряжѐнность электростатического поля, созданного бесконечно длинным равномерно заряженным цилиндром или бесконечно длинной равномерно заряженной нитью в точках, расположенных вне еѐ:
E |
1 |
, |
(2.5) |
||
|
|
||||
2 0 r |
|||||
|
|
|
где r – расстояние от оси цилиндра до заданной точки (r ≥ R);
31
![](/html/2706/661/html_d0cPncsEkS.qz45/htmlconvd-YWvamw33x1.jpg)
τ - линейная плотностью заряда.
Если r < R, то рассматриваемая замкнутая поверхность зарядов внутри не содержит, поэтому в этой области Е = 0, т. е. внутри ци-
линдра, поля нет.
•Поле равномерно заряженной бесконечной плоскости
|
|
σ |
|
|
Пусть |
бесконечная |
плоскость |
||
|
|
|
|||||||
|
+ |
|
заряжена |
с |
постоянной поверхностной |
||||
|
|
E |
|||||||
|
+ |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
плотностью +σ. |
|
|||
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
nосн |
В качестве |
замкнутой |
поверхности |
||
|
|
|
|
||||||
|
+ |
+ |
nбок |
выберем |
цилиндр, основания которого |
||||
|
|
|
|
|
|||||
|
+ |
|
|
|
параллельны заряженной плоскости, а ось |
||||
|
|
|
|
|
|||||
Рис. 17. |
|
|
|
перпендикулярна ей (рис. 17). Так как |
|||||
|
|
|
|
|
|
линии, образующие боковую поверхность |
|||
|
|
|
|
|
|
цилиндра, |
|
параллельны |
линиям |
напряжѐнности, то поток вектора напряжѐнности сквозь боковую поверхность равен нулю. Поток вектора напряженности сквозь две
площади основания |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
E Sосн 2E S . |
||
EdS |
|||||
S |
|
|
Sосн |
|
Суммарный заряд, охватываемый выбранной поверхностью:
Q dQ S . |
|
||
Подставив всѐ в теорему Гаусса, получим: |
|
||
2 E S S |
|
||
|
0 |
|
|
Напряженность электростатического поля |
бесконечной |
||
равномерно заряженной плоскости |
|
||
E |
|
. |
(2.6) |
|
|||
|
2 0 |
|
Из данной формулы вытекает, что Е не зависит от длины цилиндра, то есть напряжѐнность поля одинакова во всех точках. Иными словами, поле равномерно заряженной плоскости однород-
но.
32
![](/html/2706/661/html_d0cPncsEkS.qz45/htmlconvd-YWvamw34x1.jpg)
•Поле двух бесконечных параллельных разноимённо заряженных плоскостей
Пусть плоскости равномерно заряжены с одинаковыми по величине поверхностными плотностями +σ и –σ (рис. 18).
Согласно принципу суперпозиции,
E E E .
Из рисунка видно, что в области между плоскостями силовые линии сонаправлены, поэтому результирующая напряжѐнность
E .0
|
+σ |
– σ |
||
E |
|
E |
|
E |
|
|
|
|
|
E |
|
E |
|
E |
|
|
|
|
|
Рис. 18.
(2.7)
Вне объѐма, ограниченного плоскостями, складываемые поля имеют противоположные направления, так что результирующая напряженность равна нулю.
Таким образом, поле оказывается сосредоточенным между плоскостями. Полученный результат приближѐнно справедлив и для плоскостей конечных размеров, если расстояние между плоскостями много меньше их площади (плоский конденсатор).
Если на плоскостях распределены заряды одного знака с одинаковой поверхностной плотностью, то поле отсутствует между пластинами, а вне пластин вычисляется по формуле (2.7).
•Напряжённость поля равномерно заряженной сферы
Поле, создаваемое сферической поверхностью радиуса R, заряженной с поверхностной плотностью заряда σ, будет центрально симметричным, поэтому линии напряжѐнности направлены вдоль радиусов сферы (рис. 19, а).
В качестве замкнутой поверхности выберем сферу радиуса r, имеющую общий центр с заряженной сферой.
|
|
|
|
r |
E |
|
|
|
σ + + |
+ |
|
+ |
+ |
|
+ R + |
|
а)
E
~ 1
r 2
б) |
R |
r |
|
|
Рис. 19.
33
![](/html/2706/661/html_d0cPncsEkS.qz45/htmlconvd-YWvamw35x1.jpg)
Если r > R, то внутрь поверхности попадает весь заряд Q. Поток вектора напряжѐнности сквозь поверхность сферы
EdS E Sсф E 4 r 2 .
S
Подставив это выражение в теорему Гаусса, получим:
E 4 r 2 Q .
0
Напряжѐнность электростатического поля вне равномерно заряженной сферы:
E |
1 Q |
k |
Q |
, |
(2.8) |
|||
|
|
|
|
|||||
4 0 r 2 |
r 2 |
|||||||
|
|
|
|
где r – расстояние от центра сферы.
Отсюда видно, что поле тождественно с полем точечного заряда той же величины, помещѐнного в центр сферы.
Если r < R, то замкнутая поверхность не содержит внутри за-
рядов, поэтому внутри заряженной сферы поле отсутствует
(рис.19, б).
•Напряженность поля объёмно заряженного шара
|
|
|
|
|
|
Пусть шар радиуса R заряжен с |
|||||||
E |
|
|
|
постоянной |
объѐмной плотностью за- |
||||||||
|
|
|
ряда ρ. |
|
|
|
|
|
|||||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
~ |
|
|
|
|
Поле в этом случае обладает цен- |
||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||
r 2 |
|
тральной симметрией. Для напряжѐн- |
|||||||||||
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
ности поля вне шара получается тот же |
|||||||||
r =R |
r |
результат, что и в случае поверхностно |
|||||||||||
|
|
|
|
||||||||||
Рис. 20. |
|
заряженной сферы (2.8). |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
Для точек внутри шара напряжѐн- |
|||||||
|
|
|
|
ность будет другая (рис. 20). Сфериче- |
|||||||||
ская поверхность охватывает заряд |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
Q dV V |
4 |
R3 . |
|||||||
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
V |
|
|
3 |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Поэтому, согласно теореме Гаусса |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
E 4 r 2 |
1 |
|
4 |
r 3 |
E |
r |
|
|||
|
|
|
|
|
3 0 |
||||||||
|
|
|
|
|
0 |
3 |
|
|
|
|
34
Учитывая, что |
|
3Q |
, получим: |
|
R3 |
||
4 |
|
Напряжѐнность электростатического поля, внутри объемно заряженного шара
E |
1 Q |
r k |
Q |
r (r ≤ R). |
(2.9) |
|||
|
|
|
|
|||||
4 0 R3 |
R3 |
|||||||
|
|
|
|
35
![](/html/2706/661/html_d0cPncsEkS.qz45/htmlconvd-YWvamw37x1.jpg)
Примеры решения задач
.
Задача 2.3. В поле бесконечно длинной плоскости с поверхностной плотностью заряда σ подвешен на нити маленький шарик массой m, имеющий заряд того же знака, что и плоскость. Найти заряд шарика, если нить образует с вертикалью угол α
Решение. Вернемся к разбору решения задачи 1.4. Разница за-
ключается в том, что в задаче 1.4 сила Fэл вычисляется по закону
Кулона (1.2), а в задаче 2.3 – из определения напряженности элек-
тростатического поля (2.1) Fэл . Напряженность электростатическо-
го поля бесконечной равномерно заряженной плоскости выведена с
использованием теоремы Остроградского-Гаусса (2.4). |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
Поле плоскости однородно и не зависит от |
|||||||||||||||||
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
+ σ |
расстояния до плоскости. Из рис. 21: |
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
q |
|
|
2 |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
tg |
|
|
Fэл |
|
|
Eq |
|
|
|
q |
0 |
mg |
. |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
α |
|
|
|
|
|
|
|
2 0mg |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
mg |
|
|
|
|
mg |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
T |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
FЭЛ |
Обратите внимание, что для нахожде- |
|||||||||||||||||
|
+ q |
ния силы, действующей на заряд, помещенный в |
||||||||||||||||||
|
|
α |
поле распределенного заряда, необходимо исполь- |
|||||||||||||||||
|
|
|
||||||||||||||||||
|
mg |
зовать формулу |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
Рис. 21. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Fэл |
Eq , |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
а напряженность поля, созданного несколькими распределенными зарядами, находить по принципу суперпозиции. Поэтому последующие задачи посвящены нахождению напряженности электростатического поля распределенных зарядов с использованием теоремы Остроградского-Гаусса.
Задача 2.4. Опередить напряженность поля внутри и вне равномерно заряженной пластинки толщиной d, объемная плотность заряда внутри пластинки ρ. Построить график зависимости Е(х).
Решение. Начало координат поместим в средней плоскости пластинки, а ось ОХ направим перпендикулярно к ней (рис. 22, а).
36
![](/html/2706/661/html_d0cPncsEkS.qz45/htmlconvd-YWvamw38x1.jpg)
Применим теорему Остроградского-Гаусса для расчета напряженности электростатического поля заряженной бесконечной плоскости, тогда
2ES q .
0
Из определения объемной плотности
заряда
q V S x ,
тогда для напряженности получим
E x .
2 0
Отсюда видно, что поле внутри пластинки зависит от х. Поле вне пластинки рассчитывается аналогично:
2ES |
q |
|
V |
Sd |
E |
|
d |
|
0 |
|
|||||
|
0 |
0 |
|
2 0 |
E
-d/2 О d/2 Х
d
а)
Е
-d/2
d/2 Х
б)
Рис. 22.
Отсюда видно, что поле вне пластинки однородно. График зависимости напряженности Е от х на рис. 22, б.
Задача 2.5. Поле создано двумя бесконечно длинными нитями, заряженными с линейными плотностями зарядов – τ1 и + τ2. Нити расположены перпендикулярно друг другу (рис. 23). Найти напряженность поля в точке, находящейся на расстоянии r1 и r2 от нитей.
Решение. Покажем на рисунке напряжѐнность поля, созданно- |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
го каждой нитью отдельно. Вектор E1 направ- |
|
|
|
||||||
лен к первой нити, так как |
она заряжена отри- |
|
E |
|
|
||||
|
– τ1 |
||||||||
цательно. Вектор E2 направлен от второй ни- |
E2 |
|
|
|
|||||
|
|
||||||||
|
|
|
|||||||
ти, так как она заряжена положительно. Векто- |
|
E1 |
r2 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
ры E1 |
и E2 взаимно перпендикулярны, |
по- |
+ τ2 |
|
|
|
|||
|
|
|
|||||||
этому |
результирующий вектор |
|
будет |
яв- |
|
|
|
||
E |
|
r1 |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ляться гипотенузой прямоугольного треуголь- |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ника. Модули векторов E1 |
и E2 |
определяются |
|
Рис. 23. |
|||||
по формуле (2.5). |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
По принципу суперпозиции |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
E1 |
E2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
37 |
|
|
|
|
|
|
![](/html/2706/661/html_d0cPncsEkS.qz45/htmlconvd-YWvamw39x1.jpg)
|
По теореме Пифагора |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
2 |
|
1 |
|
2 |
2 |
|
1 |
|
|
1 |
|
|
2 |
||
|
|
|
2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
E |
|
|
E |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
E |
1 |
|
2 |
|
2 0 |
|
|
|
2 0 |
|
|
|
2 0 |
|
|
2 |
|
|
2 |
. |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r1 |
|
|
r2 |
|
|
r1 |
|
|
r2 |
|
.
Задача 2.6. Поле создано двумя заряженными бесконечно длинными полыми коаксиальными цилиндрами радиусами R1 и R2 > R1. Поверхностные плотности зарядов равны –σ1 и +σ2. Найти напряжѐнность электростатического поля в следующих точках:
а) точка А расположена на расстоянии d1< R1;
б) точка В расположена на расстоянии R1 < d2 < R2; в) точка С расположена на расстоянии d3 > R1> R2. Расстояния отсчитываются от оси цилиндров.
Решение. Коаксиальные цилиндры – это цилиндры, имеющие общую ось симметрии. Сделаем рисунок и покажем на нем точки
(рис. 24).
|
|
|
|
|
а) |
точка А |
расположена внутри |
||||
|
|
|
|
– σ1 |
|
обоих цилиндров. Так как внут- |
|||||
|
|
|
|
|
ри цилиндров поля нет, то на- |
||||||
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
+ σ2 |
пряжѐнность в этой точке равна |
|||||
|
|
|
|
|
нулю: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
E2 |
E1 |
E1 |
|
R2 |
|
|
ЕА = 0. |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
ECС |
|
В |
А |
|
б) |
точка В |
расположена внутри |
||||
|
|
|
R1 |
|
|
бóльшего |
цилиндра, |
поэтому в |
|||
|
|
|
|
|
этой точке поле создаѐтся только |
||||||
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
меньшим цилиндром: |
|||||
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
Рис. 25. |
|
|
EВ E1 |
1 |
|
1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 0 d2 |
Выразим линейную плотность заряда через поверхностную плотность заряда. Для этого воспользуемся формулами (1.4) и (1.5), из которых выразим заряд:
Q1 1 ; |
Q1 1 S1. |
Приравняем правые части и получим:
|
1 |
|
1 |
S |
1 |
|
1 |
1 S1 |
, |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где S1 – площадь поверхности первого цилиндра.
38
![](/html/2706/661/html_d0cPncsEkS.qz45/htmlconvd-YWvamw40x1.jpg)
С учѐтом того, что S1 2 R1 , окончательно получим:
E |
|
|
1 |
1S1 1 2 R1 1R1 |
||
B |
|
|||||
|
|
2 0 |
d2 |
2 0d2 |
0d2 |
|
|
|
|
в) точка С расположена снаружи обоих цилиндров, поэтому поле
создаѐтся обоими цилиндрами. По принципу суперпозиции: |
||
|
|
|
EC E1 |
E2 . |
С учѐтом направлений и расчѐтов, полученных выше, получим:
E |
|
E |
|
E |
1 |
|
|
R R . |
||
C |
2 |
|
2 |
|||||||
|
|
1 |
0d3 |
2 |
1 |
1 |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 2.7. Поле создано двумя заряженными бесконечно длинными параллельными плоскостями. Поверхностные плотности зарядов равны σ1 и σ2 > σ1. Найти напряжѐнность электростатического поля в точках, находящихся между пластинами и вне пластин. Решить задачу для двух случаев:
а) пластины одноимѐнно заряжены; б) пластины разноимѐнно заряжены.
Решение. В векторном виде напряжѐнность результирующего поля в любом случае записывается одинаково. Согласно принципу
суперпозиции: |
|
|
|
|
|
|
|||
|
E |
E1 |
E2 . |
|
|
|
|
|
|
Модули векторов E1 |
и E2 |
вычисляются по формуле (2.6). |
а) Если плоскости заряжены одноимѐнно, то между плоскостями напряжѐнности направлены в разные стороны (рис. 26, а). Модуль результирующей напряжѐнности
E E |
|
E |
1 |
( |
|
|
|
) |
|
2 |
|
2 |
1 |
||||||
B |
1 |
2 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вне плоскостей напряжѐнности E1 |
и |
|
E2 |
направлены в одну |
сторону. Так как поле бесконечных заряженных плоскостей однородно, то есть не зависит от расстояния до плоскостей, то в любой точке и слева и справа от плоскостей поле будет одинаково:
. EC E1 E2 210 ( 1 2 )
б) Если плоскости заряжены разноимѐнно, то, наоборот, между плоскостями напряжѐнности направлены в одну сторону (рис. 26, б), а вне плоскостей – в разные.
39