
Diff
.pdf
1.n = 1. (7) ) z0 + a1z = 0 ) z = e a1tC.
2.n > 1. L(D) = M(D)(D 1),
|
M(D) = (D 1)k1 1(D 2)k2 : : : (D m)km |
||||||
(7) , L(D)z = 0; |
|
|
|
|
|||
|
M(D)( 1) z = 0; |
M(D) |
(D M)z = 0 |
||||
|
, |
(M |
|
1)z = v |
|
m |
|
|
|
|
s=2 |
||||
|
|
D |
|
|
X |
||
(7) |
|
|
(D)v = 0 |
; v = h1(t)e 1t + |
hs(t)e st; |
ãäå hs(t) произвольный многочлен формальной степени ks 2 ïðè ks > 1; hs(t) = 0 ïðè ks = 1.
z = e 1t ( |
e 1t |
|
h1(t)e 1t + |
m |
hs(t) e st dt + C) = |
||||
Z |
|
|
|
|
s=2 |
|
|
|
|
= e 1t (Z |
h1 |
m |
|
X |
|
|
|||
(t) + s=2 |
hs(t)e( s 1)t |
dt + C); s 1 6= 0 ïðè s 6= 1: |
|||||||
|
|
|
X |
|
|
|
|
|
|
Таким образом, |
|
z = e 1t |
q1(t) + |
=2 e s 1 qs(t) + C!; |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
m |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Xs |
m |
где степень qs(t) равна ks 1 ïðè s = |
1; m |
, z = |
=1 e stqs(t). |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
sP |
4.Неоднородные уравнения. Пусть f(t) непрерывна на [ ; ],
y(n) + a1y(n 1) + : : : any = f(t); |
(1) |
z(n) + a1z(n 1) + : : : + anz = 0 |
(9) |
Утверждение: Пусть y (t) решение (1), y(t) = y (t) + z(t). Тогда y(t) решение (1) тогда и только тогда, когда z(t) решение (9).
Доказательство: L(D)y = L(D)(y + z) = L(D)y + L(D)z = f + L(D)z
L(D)y = f , L(D)z = 0
Утверждение: Пусть f = f1 + : : : + fN , L(D)yk = fk ïðè k = 1; N; y = y1 + : : : + yN . Тогда
L(D)y = f.
Теорема: Пусть f(t) = g(t)e t, где комплексное число, g(t) комплексный многочлен степени m. Пусть корень кратности k характеристического уравнения
n + a1 n 1 + : : : + an = 0:
Тогда существует единственное решение уравнения (1), имеющее вид
y(t) = tk r(t)e t;
11
где r(t) многочлен степени m.
Доказательство: (индукция по n суммарной кратности корней). Докажем существование решения y~(t) вида
y~(t) = r~(t)e t; |
|
где r~(t) многочлен степени (m + k). |
|
1. n = 1. y0 + a1y = f(t). По формуле (4): |
ea1tf(t) dt + C ; è ò.ä. |
y(t) = e a1t Z |
Надо отдельно рассмотреть случаи = a1, 6= a1. В обоих случаях, интегрируя, получаем, что утверждение выполняется.
2. n > 1.
L(D)y = f; |
M |
D |
|
D |
|
|
обозначим v~ |
|
|||||
( |
|
)( |
|
|
1) y = f; M(D) (D 1)y = f: |
||||||||
|
|
|
|
M(D)~v = f (a) |
|
| |
|
{z |
|
} |
|
||
|
|
|
(D 1)y = v~ (b) |
|
|
|
|
|
|
|
Из нашего предположения, y(t) ищем в виде y(t) = e t r~(t), поэтому из второго равенства дифференцированием получаем:
v~ = e t r~0(t) + ( 1)~r(t) : |
(c) |
||
|
|
|
|
Таким образом,
v~ = e th(t)
y = e tr~(t) ; где h(t) и r~(t) многочлены.
Возможны 2 случая:
(a)1 6= . Подч¼ркнутое слагаемое в (c) не обращается в 0. Рассматривая уравнение (a) степени n 1, по предположению индукции получаем, что h(t) имеет степень m + k. Из (c) видно, что она также равна степени многочлена r~(t).
(b)1 = . В этом случае подч¼ркнутое слагаемое в (c) обращается в 0. По предположению индукции, многочлен h(t) имеет степень m + k 1, а степень многочлена r~(t) равна m + k, как видно из (c).
Для завершения доказательства представим y~(t) в виде
y~(t) = tkr(t)e t + ( 0 + 1t + : : : + k 1tk 1)e t :
| |
|
|
|
} | |
|
|
{z |
|
} |
y{z(t) |
решение |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
однородного уравнения |
|
Напомним, что корень характеристического уравнения кратности k, deg r(t) = m.
Замечание: Коэффициенты многочлена r(t) ищут методом неопределенных коэффициентов.
12
5.Случай, когда все величины вещественны.
Пусть в (1) a1; : : : ; an вещественны, f(t) вещественная. Для корней характеристического уравнения n + a1 n 1 + : : : an = 0 возможны два случая: вещественный корень, либо =
+i , = i оба являются корнями характеристического уравнения. ; вещественные, прич¼м кратность этих корней одна и та же.
e i = e (cos i sin )
Решение однородного уравнения складывается из слагаемых вида q(t)et, q(t) многочлен. Если 2 R, то слагаемое можно переписать без изменений. Если комплексное, то
q(t)et + q~(t)et = A(t) cos t + B(t) sin t et
При этом max deg A(t); deg B(t) равна кратности корня в характеристическом уравнении, а формальная степень A(t) равна формальной степени B(t).
Для неоднородного уравнения справедлива аналогичная сформулированной в пункте 4 теорема:
Теорема: Если
f(t) = et M(t) cos t + N(t) sin t ;
M(t), N(t) многочлены, = +i , корень кратности k характеристического уравнения, то решение y(t) надо искать в виде
y(t) = tk et u(t) cos t + v(t) sin t ;
ãäå max(deg u; deg v) = max(deg M; deg N).
Если SA(t); B(t); M(t); N(t); u(t); v(t) вещественные, то y(t) тоже вещественная.
7. Первая краевая задача. Линейные дифференциальные уравнения второго порядка. Задачи с сингулярно входящим малым параметром.
1.
|
y00 + ay0 + by = f(t) |
(1) |
6 t 6 , < , f(t) непрерывная функция, a; b заданные числа. |
|
|
a; b, f(t), y(t) комплексные. |
|
|
Задача Коши: t0 2 [ ; ], y0, y00 |
, y(t): y(t0) = y0, y0(t0) = y00 . |
|
Первая краевая задача для уравнения (1): Заданы числа y , y . Найти y(t) то решение
(1), которое удовлетворяет условиям
y( ) = y ; y( ) = y |
(2) |
Метод решения: представим y(t) в виде y(t) = y (t) + c1z1(t) + c2z2(t), ãäå c1, c2 числа. |
|
z00 + az0 + bz = 0; z(t) = c1z1(t) + c2z2(t); |
(3) |
13
|
|
|
|
|
|
|
c1z1( ) + c2z2( ) = y y ( ) |
(4) |
|
|
|
|
|
|
|
|
c1z1( ) + c2z2( ) = y y ( ) |
|
|
det |
z1( ) z2( ) |
6= 0 ) |
9! решение (1) ) |
решение краевой задачи (1) ^ (2) |
9! |
||||
z1( ) |
z2( ) |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= 0, òî |
|
(4) не имеет решения |
|
|
|
Åñëè det |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
k k |
|
решение 9 не единственное. |
|
|
||
Упражнение: исследовать задачи |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
y00 |
y = 1; 0 6 t 6 ; |
y(0) = y0 |
(I) |
|
|
|
|
|
|
y( ) = y |
|||
|
|
|
|
|
|
y00 |
+ y = 1; 0 6 t 6 ; |
y(0) = y0 |
(II) |
|
|
|
|
|
|
y( ) = y |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2.Все величины вещественные.
|
|
|
|
"y0 + ay = f(t) |
|
|
(5) |
|
6 |
t |
6 |
, f0(t) непрерывна на [ ; ], "; a числа, " = 0, a = 0, " мало, " |
! |
0. |
|
|
|
6 |
6 |
|
|||
|
|
|
|
y( ) = y |
|
|
(6) |
Определение: Если выполняются указанные выше условия ( " мало), то параметр " называется сингулярным, èëè сингулярно входящим.
Теорема: Пусть " > 0, a > 0. Тогда решение y(t) задачи (5) ^ (6) может быть представлено в
âèäå |
|
|
y(t) = |
a |
+ y |
|
|
a |
e a=" (t ) + u(t); |
(7) |
||||||||||||||||
|
|
|
|
f(t) |
|
|
f( ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
ãäå u(t) |
" |
max jf0j. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
[ Тут будет рисунок ] |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
6 a2 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Доказательство: Составим функцию |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
def |
|
|
|
|
|
f(t) |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
W (t) = y(t) |
|
|
|
|
|
; |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
W 0(t) + |
a |
|
|
|
|
|
|
f0(t) |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
W = |
|
|
|
|
|
|
|
|
(8) |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
" |
|
a |
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
W ( ) = y |
|
f( ) |
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
W (t) = y |
|
|
e a=" (t ) Z |
t |
|
a=" |
(t )f0( ) |
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
f( ) |
e |
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
d (ñì. x6; (6)) |
|
||||||||||||
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
| |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
{z |
|
|
} |
|
обозначим u(t)
t |
|
|
a max jf0j |
d = a2 max jf0j |
1 e a=" (t ) |
|
6 a2 max jf0j |
||||||
u(t) 6 Z e |
(t |
|
|||||||||||
|
|
a=" |
) |
|
|
" |
|
|
|
|
" |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
14

Дополнение к теореме:
Рассуждение прокатывает, если a" > 0, начальное условие на левом конце. Кроме того, если a" < 0 и начальное условие на правом конце, совершая замену t ! t, теорема верна.
[ Тут будет рисунок ]
Åñëè a" < 0, начальное условие на левом конце, или a" > 0 и начальное условие на правом конце, то решение на соответствующем конце быстро раст¼т, и это не тот случай, который
мы изучаем.
Пример: "y0 y = 0, " > 0, y0( ) = 1. Решение: y = e(t )=".
[Тут будет рисунок ]
3.В этом пункте все величины вещественные.
|
|
|
|
"y00 + ay0 + by = f(t) |
(9) |
|
|
6 |
t |
6 |
, f0(t) непрерывна на [ ; ], " = 0, a = 0. |
|
|
|
|
6 |
6 |
|
||
|
|
|
|
y( ) = y ; |
y( ) = y |
(10 ); (10 ) |
|
|
|
|
ay0 + by = f(t) |
(11) |
Теорема: Пусть " > 0, a > 0. Тогда для достаточно малого " решение y(t) задачи (9) ^(10 ) ^ (10 ) существует и единственно. Оно может быть при " ! 0 представлено в виде
y(t) = y^(t) + y y^( ) e a=" (t ) + u(t);
где y^(t) решение (11) ^ (10 ), а u(t) = O("). O( ) означает оценку, равномерную на [ ; ].
Доказательство: Обозначим
|
|
def |
|
|
|
|
|
W (t) = y(t) y^(t) |
|
|
|||
Несложными вычислениями получаем равенства: |
|
|
|
|||
W 00 + aW 0 |
+ bW = |
|
y^00(t) |
y^00 |
= f0 by^ |
(12) |
" |
" |
|
|
a |
|
Стандартный метод решения задач: находим частное решение, затем общее решение. Пусть W (t) то решение (12), для которого выполнены условия
|
W ( ) = 0; |
|
W 0( ) = 0 |
(13) |
|||||||
Покажем, что W (t) = O("). Составим характеристическое уравнение: |
|
||||||||||
|
|
2 + |
a |
|
+ |
b |
= 0: |
|
|
||
|
|
|
|
|
|||||||
|
" |
|
" |
|
|
|
|
||||
Его корни: |
a + p |
|
|
|
|
|
|
|
a p |
|
|
1 = |
a2 4b" |
; |
|
2 = |
a2 4b" |
|
|||||
|
2" |
|
|
|
2" |
|
15

b |
+ O("); 2 ! 1 |
2" = a + O(") |
1 = a |
Запишем (12) в следующем виде:
|
|
|
|
|
|
|
, |
(D 1)(D |
2)W = y^00; D |
def |
d |
|||||
|
|
|
|
(12) |
= |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
dt |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(14) |
(D 1)v = y^00 |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
(15) |
(D 2)W = v |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
v0 |
Èç (13) è (15) |
) v( ) = 0 |
|
(16) |
|||||
Èç (14) |
) |
v = O(1); |
= O(1) |
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(15) |
, |
"W 0 |
+ W |
|
= "v; |
= |
|
" |
2 |
= a + O(") |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Так как W ( ) = 0, то используя формулу для решения уравнения (15) в виде (7), получаем
W = O(").
Подбер¼м общее решение, удовлетворяющее начальным условиям: W (t) = W (t) + z(t).
|
|
a |
b |
|
|
|
|||
|
( z00 + |
|
z0 + |
|
z = 0 |
|
|
(17) |
|
|
" |
" |
z( ) = W ( ) |
||||||
|
|
z( ) = y y^( ); |
|
||||||
|
|
z(t) = C1e 1(t ) + C2e =" (t ) |
|
||||||
|
C1 + C2 = y y^( ) |
|
|
(18) |
|||||
|
C1e 1( ) + C2e =" ( ) = W ( ) |
|
|||||||
det k k = det |
|
1 |
|
|
1 |
|
6= 0 для достаточно малых ": |
|
|
e 1( ) e =" ( )[!0] |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Тем самым, система (18) имеет, и при том единственное, решение. Если уравнение (17) имеет
единственное решение, то исходная краевая задача (9) ^ (10 ) ^ (10 ) для достаточно малых " имеет единственное решение.
C1 = O("); C2 = y y^( ) + O(")
В качестве упражнения читателю предоставляется следующее:
def |
e =" (t ) e a=" (t ) = O("); ãäå = a + O(") |
||||
q(t) = |
|||||
|
|
|
|
|
|
u(t) = W (t) + C1e 1 |
(t ) + |
y y^( ) q(t) + |
|
C2 y + y^( ) e =" (t ) = O("): |
|
Справедливость последнего |
|
|
|
|
|
|
равенства легко проверяется раскрытием скобок. Доказательство |
завершено.
Замечание: Фактически рассмотрен случай "a > 0. Если "a < 0, то надо сделать замену
t 7! t. На рисунке изображено решение (11) ^ (10 ) y^(t) и y(t). [ Тут будет рисунок ]
8. О системах обыкновенных дифференциальных уравнений.
16

1.Матричные функции Q(t) скалярной переменной t.
t вещественная,
Q(t) = |
|
q11(t) : : : q1m(t) |
|
||||
|
q |
(t) |
: : : q |
|
(t) |
|
|
|
|
|
n1 |
|
nm |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
qrs(t) вещественная, если нужно, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
комплексная (оговаривается отдельно). Введем следующие |
определения: |
|
|
|
|
|
|||||
1. |
Q(t) непрерывна |
, |
âñå qrs непрерывны. |
|||||||
2. |
|
dQ(t) |
|
, |
dqrs(t) |
|||||
|
|
|
|
= L(t) |
|
|
|
= `rs(t) äëÿ âñåõ r; s; `rs соответствующие элементы L(t). |
||
|
|
dt |
|
dt |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3. |
Z |
Q(t) dt = L |
, |
Z |
qrs(t) dt = `rs äëÿ âñåõ r; s; `rs соответствующие элементы L(t). |
Замечание: Порядок сомножителей для матриц важен!
Теорема:
dA(t)
1. Пусть dt è
dA(t)
2. Пусть dt è
dB(t) существуют и (A + B) определено. Тогда dt
d A(t) + B(t) |
= |
dA(t) |
+ |
dB(t) |
|
dt |
dt |
dt |
|||
|
|
dB(t) существуют и AB определено. Тогда dt
d A(t)B(t) |
= |
dA(t) |
B(t) + A(t) |
dB(t) |
|
|
|
|
|
||
dt |
dt |
dt |
3. Пусть |
dQ(t) |
непрерывна на [ ; ]. Тогда |
||||
dt |
|
|||||
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Z |
Q(t) |
|
|
|
|
|
d |
dt = Q( ) Q( ) |
||
|
|
|
dt |
Обозначение:
~x = |
x11 |
: |
x11; : : : ; xn1 комплексные |
, |
~x |
2 Cn |
. |
||||||
def |
|
x11; : : : ; xn1 вещественные |
, |
~x |
Rn |
|
|
xn1 |
|
|
2 |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
17
2. |
8 f1(t; y1; y10 |
; : : : ; y1(k1); : : : ; ym; ym0 |
; : : : ; ym(km)) = 0 |
<
:fm(t; y1; y10 ; : : : ; y1(k1); : : : ; ym; ym0 ; : : : ; ym(km)) = 0
t независимая переменная (вещественная); y1; : : : ; ym искомые функции от t. f1; : : : ; fm заданные функции, y1; : : : ; ym, f1; : : : ; fm вещественные или комплексные.
Такую систему можно свести к системе, в которую входит только первая производная. Стандартный способ такого сведения:
f(t; y; y0; : : : ; y(k)) = 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
8 |
|
u10 |
= u2 |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
y0 |
= u1 |
|
||
u |
|
= y0; u |
|
= y00; : : : ; u |
|
|
= y |
(k |
1) |
|
|
|
|
: : : |
|
|
||||
1 |
2 |
k |
1 |
|
|
|
|
, |
> |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
u0 |
|
uk |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
1 |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
< |
|
k 2 |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> f(t; y; u1; : : : ; uk 1; uk0 1) = 0 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
8 f1(t; y1; : : : ; yn; y10 ; : : : ; yn0 ) = 0 |
|
|
(1) |
|||||||||||||
|
|
|
|
< fn(t; y1; : : : ; yn; y10 ; : : : ; yn0 ) = 0 |
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
: |
~y = |
|
y1 |
|
; |
f~ = |
|
|
f1 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
. |
|
|
. |
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
def |
yn |
|
|
def |
fn |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
~ |
|
|
~ |
~ |
|
|
|
|
|
|
(1) |
|
|
|
|
|
|
|
|
f(t; ~y; y0) = 0 |
|
|
|
|
|
Определение: Функция ~y = '~(t) решение (1), если:
1.'~(t) определена на некотором промежутке ( ; ), ( ; ], [ ; ), или [ ; ].
2.~0
'(t) непрерывна на ( ; ), ( ; ], [ ; ), или [ ; ] соответственно.
3. ~ ~0 ~
f t; '~(t); ' (t) = 0 íà ( ; ), ( ; ],
Важный частный случай:
8 < y10
: yn0
[ ; ), или [ ; ] соответственно.
= f1(t; y1; : : : ; yn) |
|
|
(2) |
= fn(t; y1; : : : ; yn)
d~y |
~ |
|
dt |
= f(t; ~y) |
(2) |
Система (2) называется нормальной формой системы обыкновенных дифференциальных уравнений, где каждое уравнение разрешено относительно производной.
Задача Коши для (2):
Заданы t0, ~y0. Найти ~y(t) решение (2), удовлетворяющее условию ~y(t0) = ~y0.
9. Системы линейных обыкновенных дифференциальных уравнений с постоянными коэффициентами.
18

1.
8 y10 = a11y1 + : : : + a1nyn + f1(t) |
(1) |
|
< yn0 |
= an1y1 + : : : + annyn + fn(t) |
|
: |
|
|
Для определ¼нности t меняется на отрезке 6 t 6 . (t вещественная). y1; : : : ; yn искомые функции от t; f1; : : : ; fn заданные функции; a11; : : : ; ann
ars; yr; fr комплексные. f1(t); : : : ; fn(t) непрерывны на
~y = y.1 |
; f~ |
= |
f.1 |
|
; A = |
|
a11 : : : a1n |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
yn |
|
|
fn |
|
|
an1 : : : ann |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
d~y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
~ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
= A~y + f(t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(1) |
|||
|
|
|
|
dt |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Задача Коши для (1): |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Заданы t0 2 [ ; ] è ~y0. Найти ~y(t) решение (1), удовлетворяющее условию |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
~y(t0) = ~y0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(2) |
|||
Теорема: Пусть A линейное преобразование в линейном комплексном пространстве. Пусть |
||||||||||||||||||
существует базис из собственных векторов A. Тогда в этом базисе A имеет вид |
|
1 .. |
. |
0 |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
n |
|
|
(диагональная матрица ), ãäå |
; : : : ; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|
|||
n |
корни характеристического уравнения |
|
|
|
E |
) |
= |
|||||||||||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
det( |
|
|
|
|
||||
0. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Замечание: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
0 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
пример матрицы, у которой не существует базиса из собственных векторов.
Теорема: Пусть A линейное преобразование в комплексном линейном пространстве. Тогда существует базис, в котором матрица A верхняя треугольная.
2. Общий метод решения нормальных систем линейных обыкновенных дифференциальных уравнений с постоянными коэффициентами.
A = SBS 1, где S матрица перехода к новому базису, B верхняя треугольная матрица,
b11 : : : b1n
B = |
|
... . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
bnn |
d~y |
|
1 |
~ |
|
1 d~y |
|
1 |
|
1 ~ |
|
|
(1) , |
|
|
|
|
|||||||
|
|
= SBS |
|
~y + f(t); |
S |
|
|
= BS |
|
+ S |
f(t) |
|
|
dt |
|
|
dt |
|
19

|
|
|
|
|
|
d(S 1~y) |
= B(S 1~y) + S 1f~(t) |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
dt |
|
|||
S 1~y = J~ новая искомая функция, S 1f~(t) = F~ (t) новая заданная функция. |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
~ |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
dJ |
= BJ~ + F~ (t) |
(10) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
8 ddt1 |
|
|
|
dt |
|
|||||
= b11J1 + : : : + b1nJn + F1(t) |
|
|||||||||
> |
|
J |
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
dJ2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
= b22J2 + : : : + b2nJn + F2(t) |
|
|||||
> |
|
|
|
|
||||||
> |
|
dt |
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(10) |
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
||
> |
|
dJn |
|
|
|
|
|
|
||
< |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
dt = b(n 1)(n 1)Jn 1 + : : : + b(n 1)nJn + Fn 1(t) |
|
|||||||
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
dJn |
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
= bnnJn + Fn(t) |
|
|||||
> |
|
|
|
|
||||||
> |
|
dt |
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
>
>
>
>
:
Порядок решения: снизу вверх
Следствия:
1.Система (1) решается в квадратурах (можно написать явное решение, содержащее за-
данные функции, элементарные функции, алгебраические операции и операцию интегрирования)
2.Теорема: Задача (1) ^ (2) имеет решение. Это решение может быть продолжено на весь отрезок [ ; ], и это решение единственно.
Доказательство:
~y(t0) = ~y0 , |
~ |
1 |
~y0 |
J(t0) = S |
|
(1 |
0 |
) ^ |
~ |
1 |
~y0 |
, (1) ^ (2) |
|
J(t0) = S |
|
Лекция 25.10.2011 пропущена!
Лекция 01.11.2011 пропущена!
Лекция 08.11.2011 пропущена!
20