Действительный анализ
.pdfМИНИСТЕРСТВО ОБРАЗОВАНИЯ И НАУКИ РФ
БАШКИРСКИЙ ГОСУДАРСТВЕННЫЙ УНИВЕРСИТЕТ
Абузярова Н.Ф. Фазуллин З.Ю.
Действительный анализ
РИЦ БГУ
Уфа 2014
ББК 22.161.5 УДК 517.53
Рецензенты:
доктор физико-математических наук, главный научный сотрудник Института математики с ВЦ УНЦ РАН
Юлмухаметов Р. С.,
доктор физико-математических наук, заведующий кафедрой математики и статистики БГПУ им. М.
Акмуллы Гадыльшин Р. Р.
Абузярова Н.Ф., Фазуллин З.Ю.
Действительный анализ: Учебное пособие Уфа: РИЦ БашГУ, 2014. 60 c.
ISBN
Пособие написано на основе лекций по курсу "Действительный анализ\, прочитанных на факультете математики и информационных технологий Башгосуниверситета. Материал изложен в соответствии с программой по направлению подготовки "Математика".
Пособие предназначено для студентов факультета математики и ИТ.
c Абузярова Н.Ф., Фазуллин З.Ю. 2014
1Функции ограниченной вариации
1.1 Монотонные функции
Рассмотрим вещественнозначную функцию f(x), заданную на отрезке [a; b] R
f : [a; b] ! R:
Определение 1. Если для любой последовательности
fxng [a; b], xn < x; xn ! x; существует lim f(xn) и
n!1
не зависит от последовательности fxng; то величина этого предела обозначается f(x 0) и называется пределом функции f слева в точке x.
Аналогично, если для любой последовательности fxng [a; b], xn > x;
xn ! x; существует lim f(xn) и не зависит от последова-
n!1
тельности fxng; то величина этого предела обозначается f(x + 0) и называется пределом функции f справа в точке x.
Определение 2. Если f(x 0) = f(x), то f непрерывна слева в точке x. Если f(x+0) = f(x), то f непрерывна справа в точке x.
В курсе математического анализа было доказано следующее утверждение.
Лемма 1. Функция f(x) непрерывна в точке x 2 [a; b] тогда и только тогда, когда существуют оба односторонних предела, f(x 0) и f(x + 0), и f(x 0) = f(x) = f(x + 0).
Определение 3. Функция f возрастает (убывает) на отрезке [a; b], если верна импликация
x y; x; y 2 [a; b] ) f(x) f(y) (f(x) f(y)):
3
Определение 4. Функция f строго возрастает (строго убывает) на отрезке [a; b], если верна импликация
x < y x; y 2 [a; b] ) f(x) < f(y) (f(x) > f(y)):
Возрастающие и убывающие на отрезке [a; b] функции образуют совокупность монотонных функций на этом отрезке.
Нетрудно видеть, что функция f (строго) возрастает на [a; b] тогда и только тогда, когда ( f) (строго) убывает на этом отрезке. Поэтому для изучения монотонных функций достаточно изучить только возрастающие функции.
Лемма 2. Пусть f(x) – возрастающая функция на [a; b]. Для любой последовательности точек fxng1n=1 [a; b], сходящейся к точке x 2 [a; b] и такой, что xn < (>)x n 2 N;
существует предел lim f(xn), который равен sup f(y) ( со- |
|
n!1 |
y<x |
ответственно, inf f(y) ):
y>x
J
Докажем утверждение для случая, когда xn < x: В этом случае будет f(xn) f(x) n = 1; 2; : : : Так как ff(xn)g
ff(y); y 2 [a; x]g ; то f(xn) sup f(y) =: Ax.
y<x
По определению супремума для любого " > 0 найдется число y 2 [a; x], для которого будет f(y") > Ax ". В силу
того, что xn < x и lim xn = x найдется номер n", начиная с
n!1
которого xn 2 (y"; x); n n". Для таких значений n имеем Ax f(xn) f(y") > Ax ". Следовательно, существует
lim f(xn) = Ax:
n!1
В случае, если члены последовательности fxng расположены на отрезке [a; b] правее точки x; доказательство прово-
4
дится аналогично, при этом используется определение инфимума числового множества.
I
Пусть f : [a; b] ! R – произвольная функция.
Определение 5. Величины
Sf (x) = f(x) f(x 0);
Sf+(x) = f(x + 0) f(x);
называются скачками функции f слева и справа в точке x, соответственно.
Sf (x) = f(x + 0) f(x 0) = Sf (x) + Sf+(x)
– скачок функции f в точке x .
Лемма 3. Для возрастающей на отрезке [a; b] функции f и произвольного конечного множества точек fxjg (a; b), упорядоченного по возрастанию: a < x1 < : : : < xn < b имеет место неравенство
n
X
(f(a + 0) f(a)) + Sf (xk) + (f(b) f(b 0)) f(b) f(a):
k=1
J
Положим x0 = a; xn+1 = b: Выберем точки yj 2 [a; b] так,
что
xj 1 < yj < xj; j = 1; : : : ; n + 1:
Так как функция f возрастает на отрезке [a; b]; для скачка в точке xj будет
Sf (xj) = Sf+(xj)+Sf (xj) = f(xj+0) f(xj)+f(xj) f(xj 0) f(yj+1) f(xj) + f(xj) f(yj) = f(yj+1) f(yj): (1.1)
5
Учитывая, что f(a + 0) f(y1) и f(b 0) f(yn), после суммирования соотношений (1.1) по j; получим
n
X
(f(a+0) f(a))+ Sf (xk)+(f(b) f(b 0)) f(y1) f(a)+
k=1
n
X
(f(yk+1) f(yk)) + f(b) f(yn+1) = f(b) f(a):
k=1
I
Следствие 1. Число точек разрыва возрастающей функции f, скачки в которых не меньше, чем заданное > 0, конечно.
J
Пусть xk – точки разрыва, в которых Sf (xk) . По лемме 3 имеем
n
X
n Sf (xk) f(b) f(a);
k=1
откуда выводим, что
n f(b) f(a) < +1:
I
Теорема 1. Возрастающая на отрезке [a; b] функция f имеет на этом отрезке не более, чем счётное число точек разрыва.
J
Положим
H1 = fx 2 [a; b] : Sf (xk) 1g ;
Hj = |
x 2 [a; b] : Sf (xk) 2 |
j |
; j 1 |
; ; j = 2; 3; : : : |
|
|
|
1 |
1 |
|
|
6
Согласно следствию 1 множества Hj, j = 1; 2; : : : ; ко-
нечны. Далее, множество всех точек разрыва функции f есть
1
S
Hj, значит это множество не более, чем счётное.
j=1
I
Пусть f(x) – возрастающая на отрезке [a; b] функция,
fxkgNk=1 [a; b]; N +1; – множество всех точек разрыва этой функции.
Определение 6. Функция скачков функции f определяется по формуле
|
8(f(a + 0) f(a)) + |
||
s(x) = |
> |
0; |
x = a; |
|
|
||
|
> |
|
|
>
<
>
>
>
:
P
Sf (xk) + (f(x) f(x 0));
xk<x
x 2 (a; b]:
В силу леммы 3 и теоремы 1
0 s(x) < +1; x 2 [a; b]:
Для возрастающей на отрезке [a; b] функции f положим g = f s: Имеет место следующее утверждение.
Теорема 2. Функции s; g возрастают на отрезке [a; b]. Функция g непрерывна на этом отрезке.
J
Из определения функции s следует, что она возрастает на отрезке [a; b]: Докажем, что и функция g возрастает на этом отрезке. Пусть x; y 2 [a; b]; x < y: Так как
g(y) = f(y) s(y); g(x) = f(x) s(x);
нужно проверить, что
f(x) s(x) f(y) s(y): |
(1.2) |
7
Применим лемму 3 к отрезку [x; y] и функции f: Получим
неравенство |
Xk |
|
|
(f(x + 0) f(x)) + |
f(xk 0))+ |
||
(f(xk + 0) |
x<x <y
(f(y) f(y 0)) f(y) f(x):
Левая часть этого неравенства равна s(y) s(x); поэтому
s(y) s(x) f(y) f(x); |
(1.3) |
что эквивалентно требуемому соотношению (1.2).
Для завершения доказательства теоремы осталось показать, что функция g непрерывна в каждой точке x 2 [a; b]. Согласно лемме 1 нужно проверить выполнение соотношений
g(x + 0) = g(x); x 2 [a; b); g(x 0) = g(x); x 2 (a; b]:
Докажем первое из этих соотношений, второе доказывается аналогично.
Устремляя y к x в неравенстве (1.3), будем иметь
s(x + 0) s(x) f(x + 0) f(x) ()
f(x) s(x) f(x + 0) s(x + 0) () g(x) g(x + 0):
Обратное неравенство g(x) g(x + 0) следует из соотношений
f(x + 0) f(x) = lim [f(x + 0) f(x)]
h i
X
lim f(x + 0) f(x) + (f(xk + 0) f(xk 0)) =
y!x+0
x<xk<y
[s(y) s(x)] = s(x + 0) s(x):
I
Следствие 2. Любая возрастающая функция f на [a; b] может быть представлена в виде суммы непрерывной возрастающей функции g(x) и функции скачков s:
8
1.2 Функции ограниченной вариации и их свойства
Рассмотрим вещественнозначную функцию f(x); заданную на отрезке [a; b] R и произвольное конечное разбиение этого отрезка
a =: x0 < x1 < < xn < xn+1 := b:
Положим
n+1 |
|
X |
(1.4) |
V = jf(xj) f(xj 1)j : |
j=1
b
W
Определение 7. Полной вариацией (f) функции f
a
на отрезке [a; b] называется супремум сумм V вида (1.4), составленных по всевозможным конечным разбиениям отрезка [a; b] :
b
_
(f) = sup V:
a
Ясно, что всегда выполнены неравенства
b
_
0 (f) +1:
a
Определение 8. Функция f называется функцией огра-
+1: |
b |
Wa |
|
ниченной вариации на отрезке [a; b]; если |
(f) < |
Теорема 3. Если функция f определена и монотонна на отрезке [a; b], то она является функцией ограниченной вариации на этом отрезке, причем
b
_
(f) = jf(b) f(a)j: |
(1.5) |
a
9
J
Проведем доказательство для случая, когда f возрастает на [a; b]: Пусть
a =: x0 < x1 < < xn < xn+1 := b
– произвольное разбиение отрезка [a; b]: Учитывая, что f– возрастающая функция, вычислим сумму V для этого разбиения:
n+1 |
n+1 |
X |
X |
V = |
jf(xj) f(xj 1)j = (f(xj) f(xj 1)) = |
j=1 |
j=1 |
f(x1) f(x0) + f(x2) f(x1) + : : : + f(xn) f(xn 1)+ f(xn+1) f(xn) = f(xn+1) f(x0) = f(b) f(a):
Следовательно,
b
_
(f) = sup V = f(b) f(a) < +1:
a
Аналогично доказывается, что для убывающей на отрезке [a; b] функции f будет
b
_
(f) = sup V = f(a) f(b) < +1:
a
Теорема доказана.
I
Приведем другие примеры функций ограниченной вариации.
Определение 9. Функция f(x); x 2 [a; b] удовлетворяет условию Липшица с постоянной K 0; если для всех x1; x2 2 [a; b] выполнено неравенство
jf(x1) f(x2)j K jx1 x2j :
10