Линейная алгебра образцы решений
.pdf66 |
Гл. 2. Линейнал алгебра |
РЕШЕНИЕ.
1.Находим матрицу перехода
2. Находим обратную матрицу С ^ методом Гаусса:
1 |
2 - 1 I 1 О О \ |
/ 1 О О I |
1 |
2 - 1 |
|||||||
1 - 1 |
|
1 I О 1 О - |
|
О 1 О 1 - 1 - 3 |
2 |
||||||
2 |
О |
1 1 0 0 1 / |
\ 0 0 1 | - 2 - 4 |
|
3 |
||||||
Таким образом, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
с-1 = |
|
|
|
|
|
|
|
|
Убеждаемся, что С • С |
^ — Е: |
|
|
-м |
|
|
|
||||
сс-^ = |
1 |
2 |
- 1 |
1 |
2 |
/ 1 0 |
0 |
||||
1 |
- 1 |
1 |
1 |
- 3 |
2 |
== |
|
0 1 0 |
|||
|
|
2 |
0 |
1 |
2 |
- 4 |
3 |
/ |
\ 0 0 1 |
3. Находим матрицу оператора А в базисе е'^, е2,63 по формуле (1)
Ответ. А^> =
2.9. Преобразование матрицы оператора |
67 |
Условия ЗАДАЧ. Найти матрицы A^i в базисе е'^,62,63, где
е[ ~ 2ei + 3e2 +63, 62 = 3ei -f-4e2 + ез, е'з = е1+2е2 + 2ез,
если заданы мат^рицы А^ в базисе 61,62,63.
1. |
А, |
|
|
|
|
2. |
Ае = |
3. |
Ае |
|
|
|
|
4. |
Ле |
5. |
А^ = |
|
|
|
|
6. |
Л е - |
7. |
Л е - |
|
|
|
|
|
Ле = |
). |
А , - |
0 |
- |
1 |
3 |
10. Ле |
|
-4 |
|
0 |
2 |
||||
|
|
0 |
- |
1 |
2 |
|
|
Ответы. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
-47 -67 -37 |
|
|
|
37 -55 -27 |
||||
1. Ае/ = |
30 |
43 |
23 |
. |
2. |
А^, |
24 |
35 |
19 |
|
9 |
12 |
9 |
|
|
|
6 |
10 |
2 |
|
20 |
27 |
22 |
|
|
|
-26 |
-47 |
7 |
3. Ае/ = |
-13 |
-17 |
-16 |
. |
4. Л«, = |
13 |
25 |
-6 |
|
|
-1 |
-2 |
0 |
|
|
|
13 |
20 |
3 |
|
27 |
42 |
13 |
|
|
|
1 |
-1 |
15 |
5. Ае/ = |
-18 |
-28 |
-8 |
|
6. |
Л |
-2 -1 --11 |
||
|
-2 |
-4 |
0 |
|
|
|
4 |
6 |
0 |
68 Гл. 2. Линейная алгебра
|
|
43 -60 -34 |
|
|
4 |
4 |
21 \ |
|||
7. |
А^> == |
28 |
39 |
22 |
. |
8. А^, |
1 --1 |
-11 |
• |
|
|
|
10 |
14 |
7 |
|
|
0 |
1 |
-5 / |
|
|
|
28 |
-40 |
-28 |
|
|
-86 |
-ИЗ --60 |
||
9. |
А^, = |
17 |
24 |
18 |
. |
10. А^. = |
51 |
|
67 |
35 |
|
|
5 |
7 |
6 |
|
|
23 |
30 |
18 |
2.10.Собственные значения и собственные векторы оператора
ПОСТАНОВКА ЗАДАЧИ. Найти собственные значения и собст венные векторы оператора А : Х„ ь-> Х^, заданного в некотором базисе матрицей
/ац |
ai2 |
... |
ain |
\ |
|
. _ , |
а21 |
а22 |
• • • а-2п |
|
|
\ |
ttnl |
0,п2 |
• • • |
О'пп |
) |
ПЛАН РЕШЕНИЯ. Собственные значения оператора А являются корнями его характеристического уравнения det(>l — \Е) — 0.
1.Составляем характеристическое уравнение и находим все его вещественные корни (среди них могут быть и кратные).
2.Для каждого собственного значения Лг найдем собственные век торы. Для этого записываем однородную систему уравнений
{А - \Е)Х |
= О |
и находим фундаментальную систему решений XJ, Х з , . . . , Х^_^^, где |
|
Гг — ранг матрицы системы А — \Е. |
(Заметим, что г^ < п, так как |
det(A - XiE) = 0.) |
|
3. Столбцы XJ, ^ 2 , . . . , Х!1;^_^. являются столбцами координат иско мых собственных векторов е^, 62,..., е^_^.. Окончательно для Л = Л» записываем ответ в виде
4 = {•••}, 4-{•••}, |
• • • . e u . = {•••} |
||
ЗАМЕЧАНИЕ. |
Множество собственных векторов, |
соответствую |
|
щих собственному значению Л^, можно записать в виде |
|||
5л=л, = |
{х : x = Ciei + С2е*2 + • • • + Сп-гА-г, |
Ф 0} |
2.10. Собственные значения и собственные векторы |
69 |
|
ПРИМЕР. |
Найти собственные значения и собственные |
векторы |
оператора А: |
Хз ь-> Хз, заданного в некотором базисе матрицей |
РЕШЕНИЕ.
1.Составляем характеристическое уравнение:
3 - Л |
О |
О |
|
|
|
1 |
2 - Л |
- 1 = 0 4=^{3~ |
Л)(Л2 - |
4Л + 3) = 0. |
|
1 |
- 1 |
2 - Л |
|
|
|
Поэтому Ai,2 = 3, Лз = 1. |
|
|
|
||
2. Для собственного значения Ai,2 = |
3 найдем собственные век |
||||
торы. Запишем однородную систему уравнений |
{А- 3 - Е)Х |
= О: |
|||
|
|
|
Xi — Х2 — Хз = О, |
||
|
|
|
Xi — Х2 — Х^ = |
0. |
Очевидно, ранг матрицы этой системы равен 1 {п — г = 2 — размер ность пространства решений), следовательно, система нетривиально совместна и ее фундаментальная система решений имеет вид
Xi = 1 , |
Х2 = |
Итак, двукратному собственному значению Ai^2 = 3 соответствуют два линейно независимых собственных вектора ei = {1,1,0} и е2 = = {1,0,1}. Множество всех собственных векторов 5AI2=3J соответ ствующих собственному значению Ai^2 = 3, имеет вид
Зхг,2=з = {х : X = Ciei + С2е2 ^ 0}.
Аналогично находим собственный вектор, соответствующий собственному значению Аз = 1. Получим ез = {0,1,1}. Поэтому мно жество всех собственных векторов Sx^^i, соответствующих собственному значению Аз = 1, имеет вид
5лз=1 = {х : X = Сзез ф 0}.
70 |
Гл. 2. Линейная алгебра |
Ответ.
'S'AI,2=3 = { X : x=:Ciei + C2e2 7^0},гдее1={1,1,0}ие2 = {1,0,1};
5лз=1 - {х : X = Сзез / 0}, где ез = {0,1,1}.
Условия ЗАДАЧ. Найти собственные значения и собственные векторы операт,оров А : Х^ ь-> Хз, заданных в некот^ором базисе мат^рицами.
|
1 |
1 |
|
М |
|
4 |
- 2 |
|
'ч |
|
0 |
0 |
|
|
|
2 |
1 |
|
- 1 |
4. |
0 |
3 |
|
- 1 |
|
0 |
- 1 |
|
3 |
|
2 |
0 |
|
- 1 |
5. |
3 |
5 |
|
- 1 |
|
- 1 |
0 |
|
2 |
|
2 |
1 |
0 \ |
|
|
1 |
2 |
0 |
• |
|
3 |
2 |
4 ; |
|
|
4 |
2 |
|
1 |
10. |
0 |
2 |
|
- 1 |
|
0 |
- 1 |
|
2 |