fizika_umkd / Часть 4
.pdfR = |
sin α |
|
2mU |
. |
|
|
|||
|
B |
|
e |
Время одного оборота (период обращения по окружности) определим как отношение ее длины к скорости первого движения
T = 2πR . v1
Шаг винтовой линии равен пути, пройденному электроном вдоль поля (второе движение) со скоростью v2 за время одного оборота:
h= v2T = v2 2π R = 2 πR ctg α. v1
Проверим единицы измерения в формуле для радиуса винтовой линии:
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
[R]= |
1 кг В А м кг Дж А м с2 |
кг |
кг м2 |
|
с кг м |
= м. |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
= |
|
|
|||||
Тл |
Кл |
Н |
Кл |
Кл |
кг |
м А с |
с2 |
кг с |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
Подставим в формулу численные значения и произведем |
||||||||||||||||||||||||
расчет: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
R = |
0,866 |
|
|
2 9,11 10−31 900 |
|
= 8,77 10−2 |
м; h = 2 3,14 0,577 = 0,318 м. |
|||||||||||||||||
10−3 |
|
|||||||||||||||||||||||
|
1,6 10−19 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
О т в е т: R = 8,8·см, h = 32 см.
Пример 10 Заряженная частица прошла ускоряющую раз- ность потенциалов 105 В и влетела в скрещенные под пря- мым углом электрическое и магнитное поля. Напряженность электрического поля 20 кВ/м, индукция магнитного поля 0,1 Тл. Найти отношение заряда частицы к ее массе, если, двигаясь перпендикулярно обоим полям, частица не испыты- вает отклонений от прямолинейной траектории.
30
|
|
Д а н о: |
|
|
Р е ш е н и е. |
U = 105 В, |
Заряженная частица, прошедшая ускоряю- |
||||
Е = 20 кВ/м, |
щую разность потенциалов, приобретает кине- |
||||
В= 0,1 Тл, |
тическую энергию, равную по одноименной |
||||
|
q |
теореме (при условии отсутствия начальной |
|||
|
|
– ? |
скорости) работе ускоряющего электрического |
||
|
|
||||
|
m |
поля: |
|||
|
|
|
|||
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
mv |
= qU , |
|
|
|
2 |
||
|
|
|
|
где v – скорость частицы после ускорения. Отсюда следует
v = |
2qU |
|
|
. |
|
|
||
|
m |
С этой скоростью заряженная частица влетает в скрещенные под прямым углом электрическое и магнитное поля. Со стороны магнитного поля на нее действует сила Лоренца, направление которой определяется правилом «левой руки» (для положительного заряда), величина для движения под прямым углом к магнитному полю формулой FЛ = qvB.
Со стороны электрического поля на заряженную частицу действует электрическая сила, равная по модулю Fэл = qE.
Поскольку электрическое и магнитные поля направлены перпендикулярно друг другу, то электрическая сила направлена или по силе Лоренца, или противоположно ей. Так как в условии задачи сказано, что частица летит по прямой, значит верно второе, и сила Лоренца компенсируется электрической силой (векторная сумма этих сил равна нулю).
То есть FЛ = Fэл, или qvB = qE. Откуда vB = E. Подставим в эту формулу выражение для скорости:
E = |
2qU |
B . |
|
||
|
m |
Из этого выражения следует конечная формула
31
q |
1 |
E |
2 |
|||
|
= |
|
|
|
. |
|
|
|
|
||||
m |
2U |
B |
|
Результат решения задачи не зависит от знака заряда частицы. При его изменении на противоположный изменятся на противоположные направления обеих сил (Лоренца и электрической), что не изменит основного уравнения, лежащего в основе решения задачи (равенство модулей сил).
Проверим размерность полученной величины:
q |
|
1 В 1 |
|
2 |
|
1 А м |
2 |
Дж А2 |
с2 2 |
|
||||||||||||
|
|
|
= |
|
|
|
|
= В |
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
= |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
В м Тл |
|
м Н |
|
|
Кл |
|
|
|
|
||||||||||||
m |
|
|
|
|
кг м |
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
= |
Кл2 |
|
кг м2 с4 |
= |
Кл |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
с2 |
Кл с2 |
кг2 м2 |
кг |
|
|
|
|
Подставим численные значения и произведем расчет:
|
|
|
q |
1 |
|
|
20 103 |
2 |
|
8 |
Кл |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
= |
2 105 |
|
0,1 |
|
= 1,9 10 |
|
кг |
|||||||
|
|
|
m |
|
|
|
|
|
||||||
О т в е т: |
q |
= 1,9 108 |
Кл |
. |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
m |
|
кг |
|
|
|
|
|
|
|
Пример 11 Определить концентрацию электронов прово- димости при эффекте Холла для натриевого проводника при плотности тока j = 150 А/см2 и магнитной индукции В =
=2 Тл, если напряженность поперечного электрического поля
ЕB= 0,75 мВ/м. Плотность натрия ρ= 0,97
Д а н о:
j = 150 А/см2 = = 1,5·106 А/ м2,
ЕB = 0,75 мВ/м = = 7,5 10–4 В/м,
В = 2 Тл.
n – ?
I − сила тока;
г/см3.
Р е ш е н и е.
Для Холловской разности потенциалов справедлива формула:
ϕ = |
1 |
|
I B |
, |
|
|
|||
|
e n |
|
d |
где е − заряд электрона;
B − магнитная индукция;
32
d − толщина пластинки. Откуда следует выражение для концентрации:
n = |
|
IB |
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
e |
ϕd |
|
|
|
|
|
Для однородных стационарных полей E |
|
= |
ϕ |
, |
|||
B |
|
||||||
|
|
|
|
|
a |
||
|
|
|
|
|
|
где а − ширина пластинки.
С учетом того, что плотность тока j = I = I , получим:
S ad
n = jB . eEB
Проверим размерность полученной величины:
[n]= |
А |
Тл м |
= |
А Н Кл |
= |
Н |
= |
1 |
. |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
м2 Кл В |
|
м Кл А м Дж |
|
м2 Н м м3 |
Подставим численные значения и произведем расчет:
|
|
n = |
1,5 106 |
2 |
|
|
= 2,5 1028 м-3 . |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
1,6 10−19 7,5 10−4 |
|
|
||||
О т в е т: |
n = 2,5 1028 м-3 . |
|
|
|
|
|
||
Пример 12 Вычислить циркуляцию вектора индукции вдоль |
||||||||
контура, охватывающего токи |
I1 = 10 А, I2 = 15 А, текущие в |
|||||||
одном направлении, и ток |
I3 |
= 20 А, текущий в противопо- |
||||||
ложном направлении. |
|
|
|
|
|
|||
Д а н о: |
|
|
|
Р е ш е н и е. |
||||
I1 = 10 А, |
|
Теорема о циркуляции вектора магнитной ин- |
||||||
I2 = 15 А, |
|
дукции (иначе закон полного тока для вакуума) |
||||||
I3 = 20 А. |
выражается формулой |
|
|
|||||
r |
|
|
|
r |
r |
|
N |
|
∫Bdl – ? |
|
|
∫Bdl = ∫Bl dl = µ0 |
∑Ik , |
||||
L |
|
|
L |
|
L |
|
k =1 |
где интеграл в левой части получил название циркуляции вектора магнитной индукции;
33
dl − вектор элементарной длины контура, направленный вдоль обхода контура;
Bl − составляющая вектора магнитной индукции в направ-
лении касательной контура L произвольной формы; µ0 − магнитная постоянная; в правой части стоит алгеб-
раическая сумма N токов, охватываемых контуром. В этой сумме ток берется положительным, если его направление
совпадает с направлением обхода контура, и отрицательным – в обратном случае. В нашей задаче N = 3 (три тока).
|
|
|
r |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Тогда |
∫Bdl |
= µ0 (I1 + I 2 − I3 ) |
Ток I3 берется со знаком ми- |
|||||||||||||
|
|
|
L |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
нус, т.к. его направление противоположно токам |
I1 и I2. |
|||||||||||||||
Проверим размерность полученной величины: |
|
|||||||||||||||
|
∫ |
r |
r |
Тл м , [µ |
|
I ]= |
Гн |
А = |
Вб |
|
А |
|
Тл м |
2 |
|
= Тл м . |
|
Bdl = |
|
|
= |
|
|
||||||||||
0 |
м |
А м |
м |
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
L |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Единицы обоих частей совпадают.
Подставим в формулу численные значения и произведем расчет:
rr
∫Bdl = 4 π 10−7 (10 + 15 − 20) = 6,28 10−6 Тл м .
L
r
О т в е т: ∫Bdl = 6,28·10-6 Тл·м.
L
Пример 13 Пользуясь теоремой о циркуляции вектора В, определить индукцию В и напряженность Н магнитного поля на оси тороида без сердечника, по обмотке которого, содер- жащей 1000 витков, протекает ток силой 1 А. Внешний диаметр тороида равен 60 см, внутренний – 40 см (рисунок 9).
Д а н о:
N = 1000, I = 1 А,
D1 = 60 см= 0,6 м,
D2 = 40 см= 0,4 м.
В – ? Н – ?
34
Р е ш е н и е.
Так же как и в задаче предыдущего примера, применим закон полного тока для магнитного поля в вакууме. Тогда циркуляция вектора магнитной индукции:
|
r r |
N |
|
|
|
|
|
|
∫Bdl = ∫Bl dl = µ0 ∑Ik . |
(12) |
|
|
|
||||
L |
L |
k =1 |
|
|
|
|
|
|
Контур |
L, по которому происходит |
|
|
|
||||
циркуляция |
вектора |
r |
|
|
|
|
|
|
B , представляет |
Рисунок 9 |
|||||||
собой окружность радиуса |
r = D/2, где |
|||||||
средний диаметр равен |
D = |
D1 + D2 |
. Отсюда |
r = |
D1 + D2 |
. |
||
|
|
|||||||
|
|
|
2 |
|
|
4 |
|
|
Этот контур охватывает |
N |
токов (по числу витков в ка- |
||||||
тушке). Тогда формула (12) примет вид |
|
|
|
|||||
|
|
∫Bl dl = µ0 NI . |
(13) |
|||||
|
|
L |
|
|
|
|
|
|
Произведем интегрирование ее левой части. Рассматриваемый контур совпадает с силовой линией магнитного поля, поэтому и в силу симметрии Вl = В = const в точках контура. Его длина: L = 2πr.
Тогда формула (13) примет вид: B2πr = µ0 NI . Выразим отсюда магнитную индукцию (с учетом формулы для радиуса):
B = 2µ0 NI .
π(D1 + D2 )
Для вакуума (поскольку в условии задачи ничего не сказано про среду) индукция магнитного поля и его напряженность связаны выражением B = µ0 H , откуда следует
H = |
B |
= |
2NI |
|
. |
|
|
|
|
||||
µ |
0 |
π(D + D ) |
||||
|
|
|
1 |
2 |
|
В данной задаче проще изменить порядок расчетов:
35
|
|
|
|
H = |
|
|
|
2NI |
|
|
|
; B = µ0 H . |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
π(D1 + D2 ) |
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
Проверим размерности полученных величин: |
||||||||||||||||||||||||
|
[H ]= |
А |
|
; [B] |
= |
Гн А |
= |
Вб А |
= |
Тл м2 |
= Тл . |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
м |
|
м м |
А м2 |
м2 |
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
Подставим в формулы численные значения и произведем |
||||||||||||||||||||||||
расчет: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
H = |
2 103 |
1 |
|
= 637 |
А |
; |
|
B = 1,26 |
10−6 637 = 8 10−4 Тл . |
|||||||||||||||
|
|
|
|
м |
|
|||||||||||||||||||
3,14(0,6 + 0,4) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
О т в е т: B = 8 10−4 Тл ; |
|
|
H = 637 |
А |
. |
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
м |
|
|
|
Пример 14 Железный сердечник находится в однородном магнитном поле напряженностью Н = 5 кА/м. Определить ин-
дукцию В |
магнитного поля в сердечнике и магнитную прони- |
|||||||
цаемость |
µ железа. |
|
|
|
||||
Д а н о: |
|
|
|
Р е ш е н и е. |
|
|||
Н = 5 кА/м. |
|
Для ферромагнетиков магнитная проницае- |
||||||
|
|
|
мость µ не является постоянной |
величиной. |
||||
В – ? µ – ? |
|
|
||||||
|
|
Она зависит от величины напряженности маг- |
||||||
нитного поля |
||||||||
Н. |
|
|
|
|||||
Для изотропного и однородного магнетика индукция маг- |
||||||||
нитного поля |
В связана с его |
напряженностью |
формулой: |
|||||
B = µ0µH , |
откуда следует |
|
|
|
||||
|
|
|
= |
B |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
0 H
Величину индукции магнитного поля В найдем из графика на рисунке 2. Для железа при Н = 5 кА/м, В = 1,1 Тл.
Проверим единицу полученной величины:
[µ]= Тл |
м м Тл м2 |
|
А Тл м2 |
= 1. |
||||||
|
|
|
= |
|
|
|
= |
|
||
Гн А |
А |
|
Вб |
Тл м2 |
||||||
|
|
|
|
|
36
Подставим в формулу численные значения и произведем расчет:
µ = |
|
1,1 |
= 1,7 |
102. |
|
|
|
|
|||
|
−7 |
|
|||
|
4π 10 |
5 103 |
|
О т в е т: В = 1,1 Тл; µ = 1,7 102.
Пример 15 Плоский контур площадью S = 25 см2 нахо- дится в магнитном поле с индукцией В = 0,01 Тл. Определить магнитный поток, пронизывающий контур, если его плос- кость составляет угол 60º с линиями индукции.
Д а н о:
S = 25 см2 = 2,5·10-3 м2, В = 0,01 Тл,
α = 60º
Ф – ?
Р е ш е н и е. Магнитный поток через плоский
контур площадью S в общем случае равен
ФB =∫Bn d S .
S
Для |
однородного поля ФB = Bn S = BS cos ϕ , |
где |
ϕ – угол между вектором индукции магнитного поля и |
|
нормалью к поверхности контура. |
Согласно условию ϕ = π − α , поэтому cos ϕ = sin α . Оконча-
2
тельно получим:
Φ B = BS sin α .
Размерность магнитного потока очевидна.
Подставим в формулу численные значения и произведем расчет:
ΦB = 0,01 2,5 10−3 0,866 = 2,17 10−5 Вб .
От в е т: Φ B = 0,22 мкВб.
Пример 16 В однородном магнитном поле с индукцией, равной 0,1 Тл, равномерно вращается вокруг вертикальной оси горизонтальный стержень длиной 1 м. Ось вращения прохо- дит через конец стержня параллельно линиям магнитной ин- дукции. Определить угловую скорость, при которой на концах
37
стержня возникает разность потенциалов 0,1 В.
Р е ш е н и е.
Так как вращающийся проводник представляет собой незамкнутый отрезок электрической цепи и условия вращения не изменяются, то в проводнике отсутствует электрический ток. Тогда из закона Ома для неоднородного участка
цепи следует, что разность потенциалов на концах проводника по модулю равна возникающей в нем ЭДС индукции:
U = εi .
Величина электромагнитной индукции, согласно закону
Фарадея, определена формулой εi |
= − |
dΦ B |
. Так как вращение |
|
|||
|
|
dt |
равномерное, то формулы можно преобразовать:
U = |
ΔΦ B |
|
, |
|
t |
||||
|
|
|||
где ΔΦ B – магнитный поток, пересеченный стержнем при его |
||||
вращении за время |
t . |
|
Удобнее всего в качестве интервала времени t взять один период вращения T, тогда пересеченный поток будет равен потоку через поверхность круга радиусом l:
T = 2π ; ΔΦ B = Bπl 2 .
ω
В результате преобразований формула для разности потенциалов примет вид:
U = Bπl 2 ω = Bl 2ω .
2π 2
Отсюда получим конечную формулу для угловой скорости:
|
2U |
|
ω = |
|
. |
Bl 2 |
Проверим единицу полученной величины:
38
[ω]= |
В |
|
Дж А м |
|
Н м А |
|
1 |
|
рад |
||||||
|
= |
|
|
|
= |
|
|
|
= |
|
= |
|
, |
||
Тл м2 |
Кл Н м2 |
А с Н м |
с |
с |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
т.к. радиан – величина, по сути, безразмерная.
Подставим в формулу численные значения и произведем расчет:
|
|
|
2 |
0,1 |
|
рад |
|
ω = |
|
|
= 2 |
с . |
|
|
0,1 |
12 |
||||
О т в е т: ω = 2 |
рад |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
с |
|
|
|
|
Пример 17 В плоскости квадратной рамки с сопротивле- нием R = 7 Ом и стороной a = 20 см расположен на рас- стоянии r0 = 20 см от нее прямой бесконечный проводник (ри- сунок 10). Проводник параллелен одной из сторон рамки. Сила тока в проводнике изменяется по закону I =αt3, где α = 2 А/с3. Определить силу тока в рамке в момент времени 10 с.
Д а н о: |
Р е ш е н и е. |
R = 7 Ом, |
Вследствие изменения силы тока в |
a = 20 см = 0,2 м, |
проводнике магнитный поток через рам- |
r0 = 20 см = 0,2 м, |
ку изменяется и в ней возникает индук- |
I = αt3, |
ционный ток. Рамка находится в неодно- |
α = 2 А/с3, |
родном магнитном поле. Для расчета маг- |
t = 10 с. |
нитного потока разделим площадь рамки |
I1 – ? |
на столь узкие полоски (см. рисунок 10), |
|
чтобы в пределах каждой из них магнит- |
ное поле можно было считать однородным.
На основании свойств магнитного поля (для всех точек поверхности рамки вектор индукции перпендикулярен ей), и на основании формулы для поля бесконечного прямолинейного проводника формула для элементарного магнитного потока через узкую полоску примет вид
39