Добавил:
Upload Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

MATAN_LECT

.pdf
Скачиваний:
21
Добавлен:
12.02.2016
Размер:
516.28 Кб
Скачать

64Роздiл 3. Числовi послiдовностi. Границi послiдовностей

1)покажемо, що послiдовнiсть {xn} монотонно зростає;

2)покажемо, що послiдовнiсть {xn} обмежена.

1)Розглянемо бiном Ньютона:

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(a + b)n =

 

 

 

 

Cnkan kbk,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

де бiномiальнi коефiцiєнти

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k def

 

n!

 

 

n (n

1) ... (n

k + 1)

 

0

 

 

 

n

 

 

0

Cn =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

; Cn = Cn

= 1, Cn = 1.

 

k! (n − k)!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

def

 

 

2 · 3 · ... · n,

 

 

n N;

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n! = 1 ·

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

n (n

 

1)

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

xn = (1 +

 

 

)

 

= 1 + n

 

 

 

 

+

 

 

 

 

 

2!

 

 

 

+ ...

 

 

 

 

 

 

 

n

n

 

 

 

 

 

 

 

n2

 

 

 

 

+

n (n − 1) ... (n − k + 1)

 

 

1

 

 

 

+ ... +

 

n (n − 1) ...1

1

 

=

 

 

nk

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n!

 

 

 

 

 

nn

 

= 2 +

1

 

1

 

1

 

 

 

 

+ ... +

 

1

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

2

 

 

...

1

 

 

k − 1

+ ...

2!

n)

 

k!

 

 

n) (

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(

 

 

 

n) (

 

 

n

)

 

 

 

 

 

 

+

1

 

 

1

1

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

...

 

 

1

n − 1

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n! (

 

n) (

n) (

 

 

n

)

 

 

 

 

 

 

xn+1 = (1 +

1

 

)

n+1

 

 

 

 

 

1

(1

1

) + ...

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= 2 +

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n+1

 

 

 

 

 

 

2!

n+1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

+

1

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

...

 

 

1

 

 

k − 1

 

+ ...

 

 

k!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

( n + 1 ) (

 

 

n + 1 ) (

n + 1 )

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

+

 

(1

 

) (1

 

) ...

(1

 

 

) .

 

 

(n + 1)!

n + 1

n + 1

 

n + 1

 

Очевидно, що xn+1 ≥ xn, бо в розкладi xn+1 кожен доданок, по-

чинаючи з другого, є бiльшим за вiдповiдний доданок в розкладi xn:

1

s

< 1

 

s

 

i, крiм того, розклад xn+1 мiстить на один доданок

n

 

n + 1

бiльше, нiж розклад xn.

 

 

 

xn

 

 

обмежена.

 

 

 

2)

Покажемо, що послiдовнiсть

{

}

 

 

 

 

 

 

 

 

s

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Оскiльки

1

 

 

< 1, то

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 n

1

 

1

 

 

1

 

 

1

 

1

1

 

xn = (1 +

 

)

= 2 +

 

+

 

+ ... +

 

 

2 +

 

+

 

+ ... +

 

=

n

2!

3!

n!

2

22

2n 1

()

 

1

1

1

 

 

 

 

2

2n 1

 

= 3

1

 

= 2 +

 

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

1

 

1

 

 

2n 1

 

 

 

2

 

 

 

 

 

Тому 2 < xn < 3. Отже, {xn}– збiжна послiдовнiсть.

3.4. Критерiй Кошi збiжностi числової послiдовностi

65

ВПРАВИ

3.3.1Знайти границю послiдовностi {xn}, яка визначається рекурентним спiввiдношенням

xn+1 = xn(2 − xn) n ≥ 1,

де x1– довiльне число, що задовiльняє нерiвнiсть 0 < x1 < 1.

3.3.2Доведiть, що необмежена монотонна послiдовнiсть є безмежно великою.

3.3.3Доведiть збiжнiсть i знайдiть границю послiдовностi {xn}:

√ √ √

x1 = a, x2 = a + a, . . . , xn = a + a + . . . + a .

|

 

{z

 

}

 

 

 

 

n

 

 

де a > 0.

3.4.Критерiй Кошi збiжностi числової послiдовностi

Означення границi числової послiдовностi не дає змоги встановлювати збiжнiсть чи розбiжнiсть числової послiдовностi, якщо не задано значення самої границi. Воно лише дає можливiсть перевiряти, чи є число a границею даної послiдовностi, чи нi. Отже, виникає необхiднiсть у наявностi критерiю збiжностi числової послiдовностi, у якому б саме значення границi було вiдсутнє, тобто щоб цей критерiй виявив ”внутрiшню” структуру збiжної послiдовностi. Такий критерiй був установлений чеським математиком Больцано i французьким математиком Кошi. Нинi вiн має назву критерiю Кошi.

Теорема 3.5 Теорема Кошi Для того, щоб числова послiдовнiсть {xn} була збiжною, необхiдно i достатньо, щоб для будь-якого числа ε > 0 iснував номер N такий, що нерiвнiсть

|xm − xn| < ε

(3.4.1)

виконувалася б для всiх m, n, якi одночасно задовольняють умову m > N, n > N.

Зауваження. Послiдовнiсть, яка задовiльняє теорему Кошi називається фундаментальною послiдовнiстю. Тому теорему Кошi можна переформулювати так: для збiжностi послiдовностi {xn} необхiдно i достатньо, щоб ця послiдовнiсть була фундаментальною.

66 Роздiл 3. Числовi послiдовностi. Границi послiдовностей

Приклад 3.4 Користуючись критерiєм Кошi, довести збiжнiсть по-

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

sin k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

слiдовностi {xn}, де xn = k=1

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Розв’язок. За критерiєм

 

Кошi достатньо довести, що послiдов-

нiсть {xn} фундаментальна. Для цього оцiнимо |xn − xn+p|:

 

 

|

xn

xn+p

|

 

=

 

n+p

 

sin k

 

n+p

 

1

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k=n+1

k

 

k=n+1 k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Оскiльки

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

1

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

<

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

 

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

то

 

 

 

 

 

 

k2

k(k − 1)

 

k − 1

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n+p

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

 

 

 

+

 

 

 

 

 

 

 

+ . . . +

 

 

 

<

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

2

 

(n + 2)

2

(n + p)

2

 

 

 

=n+1

 

k (n + 1)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

1

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

1

 

< (

 

 

) + (

 

 

 

)

+ . . . + (

 

 

 

) =

n

n + 1

n + 1

n + 2

n + p − 1

n + p

= n1 n +1 p < n1 .

Тому n, p, N маємо

1

(3.4.2)

|xn − xn+p| = n.

Задамо тепер довiльне ε > 0 i покладемо N = [1]. Тодi n > N, виконується нерiвнiсть n ≥ [1] + 1 + 1, звiдки 1/n < ε. Вiдповiдно n > N i довiльного натурального числа p, використовуючи нерiвнiсть (3.4.2), отримаємо |xn − xn+p| < n1 < ε, це доводить фундаментальнiсть послiдовностi {xn}.

У попереднiй лекцiї було введено поняття метрики простору. Отже, метричним простором називається пара X, d, яка складається з деякої множини елементiв X i вiдстанi d. У математичному аналiзi важливу роль вiдiграє властивiсть повноти простору.

Означення 3.6 Якщо в просторi R довiльна фундаментальна послiдовнiсь збiгається, то такий простiр називають повним.

Числова пряма є найпростiшим прикладом повного метричного простору.

ВПРАВИ

3.4. Критерiй Кошi збiжностi числової послiдовностi

67

3.4.1 Користуючись критерiєм Кошi, довести збiжнiсть послiдовностi {xn}, якщо

n

1) xn =

k=1

n

2) xn =

k=1

n

3) xn =

k=0

k1! ; cos(k!) ;

k(k + 1)

akqk, |q| < 1, |ak| ≤ M k, M > 0.

Соседние файлы в предмете [НЕСОРТИРОВАННОЕ]