![](/user_photo/2706_HbeT2.jpg)
FAKS_TM_CURS_WORK
.pdf![](/html/2706/299/html_DhTlgKwBBg.nQ8v/htmlconvd-Nc1xtZ21x1.jpg)
Кришталь В.Ф. ДИНАМИКА. ДОСЛІДЖЕННЯ РУХУ МЕХАНІЧНОЇ СИСТЕМИ З ДВОМА СТЕПЕНЯМИ ВІЛЬНОСТІ
Тут позначено: a1 – прискорення тіла 1, T14 – сила натягу нитки, FТР – сила тертя ковзання, N1 – нормальна складова реакції площини.
Оскільки нерухомий блок 4 здійснює обертальний рух (рис.3, в), складемо динамічне рівняння обертального руху цього блока відносно осі O4z4 системи координат O4x4y4z4, зв’язаної з блоком:
– I4ε4 = – T45r4 + T41R4, |
(3) |
де I4 – осьовий момент інерції тіла 4, ε4 – кутове прискорення цього тіла, T45 та |
T41 – сили натягу, r4 та R4 - радіуси малого та великого кола тіла 4.
Блок 3 також здійснює обертальний рух (рис.3, г). Складемо динамічне
рівняння обертального руху блока 3 відносно осі O3z3 системи |
координат |
|
O3x3y3z3, зв’язаної з блоком: |
|
|
– I3ε3 = – M + T35R3, |
(4) |
|
де I3 – осьовий момент інерції тіла 3, ε3 – кутове прискорення цього тіла, T35 – |
||
сила натягу, R3 - радіус блока 3. |
|
|
Рухомий блок 5 (рис.3, д) |
знаходиться під дією сил ваги Р5 |
m5g , сил |
натягу T54 , T53 та T52 . Блок 5 |
здійснює плоскопаралельний рух. На підставі |
загальних теорем динаміки, рівняння руху блока 5 у системі координат O5x5y5z5,
зв’язаній з центром мас блока 5, запишуться так:
m5a5 = T54 + T53 – T52 – m5g , |
(5) |
I5ε5 = – T54R5 + T53R5. |
(6) |
Тут позначено: a5 – прискорення центра тіла 5, ε5 – кутове прискорення цього тіла, R5 - радіус тіла 5, I5 – момент інерції тіла 5 відносно осі, що проходить через його центр мас перпендикулярно до площини рисунка.
21
![](/html/2706/299/html_DhTlgKwBBg.nQ8v/htmlconvd-Nc1xtZ22x1.jpg)
Кришталь В.Ф. ДИНАМИКА. ДОСЛІДЖЕННЯ РУХУ МЕХАНІЧНОЇ СИСТЕМИ З ДВОМА СТЕПЕНЯМИ ВІЛЬНОСТІ
|
y5 |
|
y2 |
|
||
|
|
|||||
|
|
|
|
|
||
T54 |
|
T53 |
|
T25 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
O5 |
|
|
|
|
ω5 |
m5g |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
z5 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
T52 |
|
m2g |
|
|
Рис.3, д |
Рис.3, е |
|
||||
Динамічне рівняння руху тіла 2, яке здійснює поступальний рух з |
||||||
прискоренням a2 |
під дією сили натягу T25 |
та сили тяжіння m2g, |
у проекції на |
|||
вісь координат O2y2 подамо так: |
|
|
|
|
||
|
|
m2a2 = T25 – m2g. |
|
|
|
(7) |
Виключимо |
тепер невідомі реакції |
внутрішніх в’язей, |
які за третім |
законом Ньютона зв’язані співвідношеннями T54 = – T45 , T53 = – T35 , T52 = – T25 ,
T14 = – T41. Оскільки потрібно скласти рівняння руху у кординатах φ та x,
виключимо внутрішні сили у рівняннях тих тіл, положення яких визначається вказаними координатами, тобто тіла 1 та тіла 3.
Складемо перше рівняння руху системи. Виключаємо внутрішню реакцію
T52 з рівняння руху тіла 5. Для цього виразимо силу T25 з рівняння (7) та
підставимо її вираз у рівняння (5) та врахуємо, що a5 = a2: |
|
||
|
|
(m5 + m2)a5 = T54 + T53 – (m5 + m2)g, |
(8) |
Далі з цього рівняння знаходимо T53 і підставляємо у рівняння (6) з якого |
|||
визначаємо T54 : |
|
|
|
T54 = |
1 |
((m5 + m2) R5a5 + (m5 + m2) R5g – I5ε5), |
(9) |
|
|||
|
2R |
|
|
|
5 |
|
|
Враховуючи, що модулі T54 та T45 рівні, вираз для T54 підставляємо у рівняння |
|||
(3) та знаходимо T41. Вираз для T41, оскільки модулі |
сил T41 та T14 рівні, |
||
підставляємо у рівняння (1). Отримаємо |
|
22
![](/html/2706/299/html_DhTlgKwBBg.nQ8v/htmlconvd-Nc1xtZ23x1.jpg)
Кришталь В.Ф. ДИНАМИКА. ДОСЛІДЖЕННЯ РУХУ МЕХАНІЧНОЇ СИСТЕМИ З ДВОМА СТЕПЕНЯМИ ВІЛЬНОСТІ
m1a1 = – FТР + |
1 |
( – I4ε4 + |
r4 |
((m5 + m2) R5a5 + (m5 + m2) R5g – I5ε5)). (10) |
|
R |
2R |
||||
|
|
|
|||
|
4 |
|
5 |
|
У цьому рівнянні доданки з прискореннями перенесемо у ліву частину та виразимо усі прискорення через переміщення x тіла 1 та кут повороту φ тіла 3.
Для цього скористаємось кінематичними співвідношеннями, які можна отримати на підставі аналізу рисунка 3, ж.
ω4 = |
vB |
, v5 = v2 = |
1 |
( vK – vD ), |
ω5 = |
vD |
|
= |
vK vD |
. |
(11) |
||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
R |
2 |
|
|
|
|
|
|
PD |
|
2R |
|
|||||||
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
v1 |
B |
|
|
|
|
vB |
vE |
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ω3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
C |
E |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
4 |
|
|
|
|
|
vC |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
vK |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
D |
|
|
P v5 |
K |
|
|
|
|
|
|
|
||
Рис.3, ж |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
vD |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
v2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Оскільки нитки нерозтяжні, то |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
v |
v |
|
r, |
v |
|
v |
1 v |
|
1 v . |
(12) |
|
K |
|
E |
3 |
|
D |
C |
2 |
B |
2 1 |
|
Тут 3 |
- кутова швидкість обертального руху тіла 3, v1 = x - швидкість тіла |
1. Продиференціюємо формули (11), (12) за часом і враховуючи, що R5 = R4 = r,
отримаємо залежність між прискореннями тіл:
a |
a |
1 ( r |
1 x) , |
|
2 r x |
, |
ε4 = |
x |
. |
(13) |
5 |
|
|
||||||||
5 |
2 |
2 |
2 |
4r |
|
|
r |
|
||
|
|
|
|
|
|
23
![](/html/2706/299/html_DhTlgKwBBg.nQ8v/htmlconvd-Nc1xtZ24x1.jpg)
Кришталь В.Ф. ДИНАМИКА. ДОСЛІДЖЕННЯ РУХУ МЕХАНІЧНОЇ СИСТЕМИ З ДВОМА СТЕПЕНЯМИ ВІЛЬНОСТІ
Після перенесення доданків з прискоренням у ліву частину рівняння (10),
отримаємо
m |
|
1 |
m |
m |
i |
2 |
3 |
m x |
1 |
(2m |
m )r |
( |
1 |
(m |
m ) |
fm )g . (14) |
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|||||||||||
1 |
16 2 |
4 r |
32 5 |
16 |
2 |
5 |
|
2 |
5 |
1 |
Тут враховано, що осьові моменти інерції однорідного блоку 5 та східчатого
блоку 4 дорівнюють: I |
|
1 m r2 |
, I |
|
m i2 . |
|
|
5 |
2 |
5 |
|
4 |
4 |
Складемо друге рівняння руху системи тіл. Скористаємось рівнянням (8). З
цього рівняння знаходимо T54 і підставляємо у рівняння (6) з якого визначаємо
T53:
T53 = |
|
1 |
( I5ε5 – (m5 + m2)R5a5 + (m5 + m2)R5g), |
(15) |
|
|
|
||||
|
|
2R |
|
|
|
|
5 |
|
|
|
|
Оскільки модулі T53 |
та T35 рівні, отриманий вираз підставляємо у рівняння (4) |
||||
руху тіла 3: |
|
|
|
|
|
I3ε3 |
= M – |
1 ( I5ε5 – (m5 + m2)R5a5 + (m5 + m2)R5g). |
(16) |
||
|
|
|
|
2 |
|
У цьому рівнянні переносимо доданки з прискореннями у ліву частину від
знаку дорівнює, враховуємо формули (13) для прискорень ε5 та a5, подаємо кутове прискорення блоку 3 у вигляді ε3 = . Одержимо
|
|
|
|
1 (2m |
|
4m 3m )r2 |
1 |
|
(2m |
m )rx = M |
1 (m |
m )gr . |
(17) |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
8 |
2 |
3 |
5 |
16 |
2 |
5 |
|
2 |
2 |
5 |
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Осьовий |
момент |
інерції |
однорідного |
блоку 3 |
визначений |
за формулою: |
|||||||||||||
I |
|
1 m R2 |
1 m r2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
3 |
2 |
3 |
3 |
2 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ч а с т и н а |
2. |
Дана |
механічна |
система має |
два |
|
степеня |
вільності. |
Це |
визначається шляхом накладання двох додаткових в’язей – вони повністю зупиняють механічну систему.
За узагальнені координати візьмемо переміщення тіла 1 вздовж горизонтальної площини та кут повороту блока 3: q1 x, q2 .
24
![](/html/2706/299/html_DhTlgKwBBg.nQ8v/htmlconvd-Nc1xtZ25x1.jpg)
Кришталь В.Ф. ДИНАМИКА. ДОСЛІДЖЕННЯ РУХУ МЕХАНІЧНОЇ СИСТЕМИ З ДВОМА СТЕПЕНЯМИ ВІЛЬНОСТІ
1 |
δr1 |
|
|
M |
3 |
FТР |
|
|
|
|
φ
m1g
4 |
m4g |
m3g |
|
||
|
|
5 |
m5g
Рис.4, а
2
m2g
Вказаним узагальненим координатам відповідає наступна система рівнянь Лагранжа другого роду
d |
|
T |
|
T |
Qx , |
d T T |
Q . |
(1) |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
dt |
|
x |
|
x |
dt |
|||||||
|
|
|
|
|
Визначимо спочатку узагальнені сили Qx та Q складаючи вираз роботи активних сил на можливих переміщеннях точок системи. Аналіз в’язей показує,
нитка та осі обертання блоків є ідеальними в’язями. Горизонтальна шорстка поверхня не є ідеальною. Тому до активних сил, прикладених до точок даної системи: сил тяжіння m1g, m2g, m3g, m4g, m5g та пари сил з моментом M,
умовно віднесемо силу тертя FТР , яка вносить неідеальність (рис.4, а).
Враховуючи, що тіло 1 може здійснювати рух під дією нитки в правий бік,
напрямимо силу тертя ковзання в лівий бік вздовж площини руху.
Визначимо першою узагальнену силу Qx , яка відповідає узагальненій координаті x. Для цього зафіксуємо кут повороту та надамо тілу 1 можливе переміщення r1 , яке напрямлене в бік додатнього приросту узагальненої координати x. Обчислимо алгебраїчну суму елементарних робіт активних сил
25
![](/html/2706/299/html_DhTlgKwBBg.nQ8v/htmlconvd-Nc1xtZ26x1.jpg)
Кришталь В.Ф. ДИНАМИКА. ДОСЛІДЖЕННЯ РУХУ МЕХАНІЧНОЇ СИСТЕМИ З ДВОМА СТЕПЕНЯМИ ВІЛЬНОСТІ
на можливих переміщеннях точок їх прикладання, які викликаються переміщенням r1 :
|
A m1g |
r1 FТР |
r1 m2g |
r2 |
m5g |
rO , |
|
|
|
|
|
(2) |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
де r2 та rO - можливе переміщення тіла 2 та центра блока 5. |
|
|
|
|||||||||||||||||||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
δr1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
M |
|
δφ |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
δrE |
|
|
|
3 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
О1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
|
|
|
О3 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
4 |
|
|
|
δrС |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
δrК |
|
|
|
||
|
|
|
D |
|
О2 |
|
|
|
|
|
|
δrO2 |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
D |
|
|
|
K |
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
K |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
δrO2 |
|
|
|
|
|
|
О2 |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
δrD |
|
|
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
δr2 |
2 |
|
|
|
|
|||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
δr2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
Рис.4, б. |
|
|
|
|
|
Рис.4, в. |
|
|
|
|
|
|
|||||||
Зв’язок між можливими переміщеннями носить кінематичний характер. |
||||||||||||||||||||||||
Оскільки тіло 4 здійснює обертальний рух маємо |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r1 |
|
rC |
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0,5r |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
де δrC – можливе переміщення точки С (рис.4, б). Отримаємо |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
rC |
0,5 r1 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(3) |
||||
З умови нерозтяжності нитки випливає, що швидкості точок C та D будуть |
||||||||||||||||||||||||
однакові, відповідно однаковими будуть і можливі переміщення цих точок: |
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
rС |
rD . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
У випадку фіксованого кута повороту |
блока 3, точка K є миттєвим |
|||||||||||||||||||||||
центром швидкостей тіла 5, |
яке здійснює плоскопаралельний рух (рис.4, |
б). |
26
![](/html/2706/299/html_DhTlgKwBBg.nQ8v/htmlconvd-Nc1xtZ27x1.jpg)
Кришталь В.Ф. ДИНАМИКА. ДОСЛІДЖЕННЯ РУХУ МЕХАНІЧНОЇ СИСТЕМИ З ДВОМА СТЕПЕНЯМИ ВІЛЬНОСТІ
Тоді можливі переміщення центру О2 блока 5 і тіла 1, з урахуванням (3),
зв’язані співвідношенням
|
|
|
r |
1 |
r |
1 r . |
|
|
|
|
(4) |
||
|
|
|
O |
2 |
D |
4 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Нитка, що з’єднує тіло 2 і точку О2 , рухається поступально. Тоді на |
|||||||||||||
підставі (4) дістанемо |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r |
r |
|
1 |
r . |
|
|
|
|
|
(5) |
|
|
|
2 |
O |
|
4 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Таким чином, співвідношення (2), з урахуванням напрямів векторів, можна |
|||||||||||||
записати у формі |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A F |
r |
1 (m |
m )g r |
( |
1 (m |
m )g |
F ) |
r . |
(6) |
||||
ТР |
1 |
4 |
2 |
5 |
1 |
|
4 |
|
2 |
5 |
ТР |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Тут враховано, що сила |
m1g роботу на переміщені |
r1 |
не виконує. |
||||||||||
Величину сили тертя ковзання визначимо з виразу FТР |
fN , де N – нормальна |
складова реакції поверхні руху тіла 1, яка у випадку паралельності нитки до
поверхні визначається так N m1g . |
|
|
|
|
|
||
Використовуючи означення узагальненої сили і те, що r1 |
збігається з |
||||||
додатнім приростом x узагальненої координати х, |
з виразу (6), |
записаного у |
|||||
формі A Qx r1 |
Qx x, отримуємо |
|
|
|
|
|
|
|
Q (1 (m |
m ) |
fm )g. |
(7) |
|||
|
x |
4 |
2 |
5 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Визначимо |
тепер узагальнену |
силу Q , яка |
відповідає |
узагальненій |
координаті φ.
Зафіксуємо тіло 1 на горизонтальній площині і надамо блоку 3 можливе
переміщення |
(рис.4, в), що відповідає додатньому приросту кута повороту φ |
|
(за стрілкою годинника). Обчислимо алгебраїчну суму елементарних |
робіт |
|
активних сил на можливих переміщеннях, які викликаються приростом |
: |
A M m2 g r2 m5g rO2 .
27
![](/html/2706/299/html_DhTlgKwBBg.nQ8v/htmlconvd-Nc1xtZ28x1.jpg)
Кришталь В.Ф. ДИНАМИКА. ДОСЛІДЖЕННЯ РУХУ МЕХАНІЧНОЇ СИСТЕМИ З ДВОМА СТЕПЕНЯМИ ВІЛЬНОСТІ
Тут |
- вектор, який збігається з напрямком вектора кутової швидкості |
|||||
повороту блоку 3 на кут |
, |
r2 |
та rO - можливі переміщення тіла 2 та центра |
|||
|
|
|
|
2 |
|
|
блока 5 викликані приростом |
|
. З урахуванням напрямів векторів отримаємо |
||||
|
A |
M |
|
m2g r2 |
m5g rO . |
(8) |
|
|
|
|
|
2 |
|
Встановимо зв'язок між можливими переміщеннями.
Тіло 3 здійснює обертальний рух (рис.4, в), тоді елементарне переміщення точки Е цього тіла визначається так
|
rE |
r |
. |
|
|
(9) |
Точка D, при фіксованій узагальненій координаті х, є миттєвим центром |
||||||
швидкостей тіла 5. Тоді можливі переміщення точки К та центру О2 |
блока 5 |
|||||
зв’язані співвідношенням |
|
|
|
|
|
|
|
r |
1 |
r . |
|
|
(10) |
|
O |
2 |
K |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Враховуючи, що нитки нерозтяжні, можна записати |
|
|||||
rK |
rE , |
|
|
r2 |
rO . |
(11) |
|
|
|
|
|
2 |
|
З виразів (9)-(11) отримаємо |
|
|
|
|
|
|
|
r |
r |
1 r |
|
. |
(12) |
|
2 |
O |
2 |
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Тоді узагальнена сила Q визначиться з виразу |
|
|||||
A M |
1 (m |
m )gr |
Q , |
|
||
|
2 |
2 |
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
тобто |
|
|
|
|
|
|
|
Q |
M |
1 (m |
m )gr. |
(13) |
|
|
|
|
2 |
2 |
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Знайдемо тепер вираз для кінетичної енергії Т механічної системи |
|
|||||
T T1 |
T2 |
T3 T4 |
T5 |
|
як функцію узагальнених координат x і φ та узагальнених швидкостей x і .
Кінетична енергія тіла 1, що здійснює поступальний рух, визначається так
28
![](/html/2706/299/html_DhTlgKwBBg.nQ8v/htmlconvd-Nc1xtZ29x1.jpg)
Кришталь В.Ф. ДИНАМИКА. ДОСЛІДЖЕННЯ РУХУ МЕХАНІЧНОЇ СИСТЕМИ З ДВОМА СТЕПЕНЯМИ ВІЛЬНОСТІ
T |
1 m v2 |
1 m x2. |
(14) |
|||
1 |
2 |
1 |
1 |
2 |
1 |
|
Тут v1 x - узагальнена швидкість, яка відповідає узагальненій координаті х.
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
v1 |
|
B |
|
|
|
vB |
|
vE |
3 |
|||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ω3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
C |
|
|
|
E |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
4 |
|
|
|
|
|
|
vC |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
vK |
||
Рис.4, г |
|
|
D |
|
|
|
P |
|
v5 |
K |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
vD |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
v2 |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Тіло 2 рухається поступально, тоді |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
T |
1 m v2 |
, |
|
|
(15) |
||||||||
|
|
|
2 |
|
|
2 |
2 |
2 |
|
|
|
|
|
|
де v2 - швидкість тіла 2, яка за умови нерозтяжності нитки дорівнює швидкості точки O2 блоку 5. Блок 5 здійснює плоскопаралельний рух (рис.4,г), напрям швидкостей точок D та K відповідає додатнім значенням узагальнених швидкостей x і . Тоді швидкість точки O2 (і тіла 2), на підставі рис.4,г,
визначимо так
|
|
|
|
|
v |
v |
|
1 (v |
К |
v |
D |
). |
|
(16) |
|
|
|
|
|
|
2 |
O |
|
2 |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Частини нитки СD і ЕК нерозтяжні, внаслідок чого маємо |
|
|||||||||||||
|
|
v |
v |
|
r, |
v |
|
|
v |
|
1 v |
|
1 v . |
(17) |
|
|
|
K |
|
E |
3 |
|
D |
|
C |
2 |
|
B |
2 1 |
|
|
Тут |
3 |
- кутова швидкість обертального руху тіла 3. На підставі формул |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(16) та (17) запишемо
29
![](/html/2706/299/html_DhTlgKwBBg.nQ8v/htmlconvd-Nc1xtZ30x1.jpg)
Кришталь В.Ф. ДИНАМИКА. ДОСЛІДЖЕННЯ РУХУ МЕХАНІЧНОЇ СИСТЕМИ З ДВОМА СТЕПЕНЯМИ ВІЛЬНОСТІ
|
|
|
|
|
|
|
v |
|
v |
1 ( |
r |
1 x) , |
|
|
|
|
(18) |
|||
|
|
|
|
|
|
|
O |
2 |
2 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
і після підстановки в (15) отримаємо |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
T |
1 |
m (2 r |
x)2 . |
|
|
|
(19) |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
32 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Кінетична енергія Т3 |
та Т4 |
блоків 3 та 4, які здійснюють обертальний рух |
||||||||||||||||
навколо нерухомих осей, визначається так |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
T |
1 I |
|
2 |
1 I |
|
2 , |
|
T |
|
1 I |
|
2 |
1 I |
|
x |
2 . |
(20) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
3 |
2 |
3 |
3 |
2 |
3 |
|
4 |
2 |
4 |
4 |
2 |
4 |
r |
|
|||
|
|
Осьовний момент інерції I3 |
для однорідного блоку подається у вигляді |
|||||||||||||||||
I |
|
1 m r2 . Момент інерції I4 східчастого блоку визначимо через радіус інерції |
||||||||||||||||||
|
3 |
2 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I |
4 |
m i2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Оскільки блок 5 здійснює плоскопаралельний рух, його кінетична енергія визначається з виразу
T |
1 m v2 |
1 I |
5 |
2 . |
|
5 |
2 |
5 O |
2 |
5 |
|
|
2 |
|
|
||
|
|
|
|
|
Кутову швидкість ω5 блоку 5 знайдемо використовуючи залежність між швидкостями точок D і K та відстанями від цих точок до миттевого центру швидкостей Р (рис.4,г):
|
vK |
|
vD |
. |
(21) |
5 |
|
|
|||
PK |
|
PD |
|
||
|
|
|
Оскільки PK=2r - PD, то пропорцію формули (21) можна записати так
PD vK =(2r-PD)vD.
Звідси, збираючи коефіцієнти при множнику PD, отримаємо таку пропорцію
|
vD |
|
vK vD . |
|
5 |
|
|
||
PD |
2r |
|||
|
Підставимо в цей вираз формули (17). Отримаємо
5 |
2 r x . |
(22) |
4r |
|
|
|
|
30