Добавил:
Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

Sumin_Chislovye_i_funktsionalnye_ryady_2021

.pdf
Скачиваний:
20
Добавлен:
17.05.2024
Размер:
947.59 Кб
Скачать

При всех n справедливо неравенство

Sn(2) a12 a22 ... an2

 

a1

 

 

 

 

a2

 

...

 

an

 

2

Sn(1) 2 .

 

 

 

 

 

 

 

 

Поэтому последовательность Sn(2)

также ограничена сверху. По

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

теореме 2.1 ряд an2 сходится. Полученное противоречие доказы-

n 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

вает утверждение.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

б) Покажем, что примером подходящего ряда

an

является

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n 1

 

 

 

 

 

n 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

знакочередующийся ряд ( 1)

.

Проверка этого ряда на абсо-

n 1

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

лютную сходимость показывает, что ряд из модулей

рас-

n

ходится (см. задачу 2.13).

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Исследуем исходный ряд

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n 1

 

 

 

an

( 1)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n 1

 

n 1

n

 

 

 

на условную сходимость. Докажем, что этот ряд удовлетворяет признаку Лейбница (т.е. является рядом Лейбница). Действительно,

во-первых,

 

bn

1

0

n ;

во-вторых,

последовательность

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

{b

1

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

}

 

 

монотонно

убывает;

в-третьих,

lim b

lim

 

0.

 

n

n

n

 

 

 

 

 

 

n n

n

 

Согласно признаку Лейбница ряд сходится. Таким образом, ряд

 

( 1)

n 1

 

 

 

 

 

 

сходится условно.

n 1

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

Ряд an2

 

расходится, так как является гармоническим

 

 

n 1

 

n 1

n

 

(см. задачу 1.5).

31

Задача 3.2. Исследовать на абсолютную и условную сходимость

ряд qn 1 ( q 0 ) и в случае сходимости найти его сумму.

n 1

Решение. Указанный ряд

 

 

 

an qn 1 1 q q2 ... qn 1 ...

(3.4)

n 1

n 1

 

называется бесконечной геометрической прогрессией.

Исследуем ряд на абсолютную сходимость. Ряд из модулей имеет вид

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

qn 1

 

1

 

q

 

 

q2

...

qn 1

... .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Поскольку

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

an 1

 

 

 

 

 

q

 

 

n

 

 

 

 

q

 

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

то

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

an

 

 

 

 

q

 

n 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

an 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

lim

 

 

 

 

 

q

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

an

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

q

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Если

 

0

 

 

1,

то

по теореме

2.5 (признак Даламбера) ряд

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

an

 

 

сходится, т.е. исходный ряд сходится абсолютно.

 

 

n 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Если

 

q

 

1, то

lim an 0,

 

поэтому по следствию 1.1 из теоре-

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

мы 1.3 ряд расходится.

Если q 1, то получаем ряд 1 1 1 ... 1 ..., его частичная

сумма Sn n, lim Sn , поэтому по определению 1.2 этот ряд

n

расходится.

Если q 1,

то получаем ряд 1 1 1 1 ... ( 1)n 1 ..., lim Sn

 

n

не существует (см. задачу 1.11), поэтому по определению 1.2 этот ряд расходится.

32

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Таким

образом,

ряд

qn 1

сходится

абсолютно, если

 

 

 

 

 

 

 

 

n 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0

 

q

 

1,

и расходится, если

 

q

 

1.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Запишем частичную сумму исходного ряда

 

 

 

 

 

Sn 1 q q2

... qn 1

(1 q) (1 q q2

... qn 1)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 q

 

 

 

 

 

 

 

 

1 qn

 

 

 

1

 

 

qn

.

 

 

 

 

 

 

 

1

q

1

q

1

q

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Ряд сходится абсолютно при 0 q 1, и в этом случае его сумма равна

 

 

1

 

 

qn

 

 

1

 

S lim Sn lim

 

 

 

 

 

 

 

 

.

1 q

1

 

1 q

n

n

 

q

 

 

Замечание 3.3. В общем случае геометрической прогрессии ряд типа (3.4) имеет вид ( b1 0, q 0 )

 

 

 

an b1qn 1 b1 b1q b1q2 ... b1qn 1 ... .

(3.5)

n 1

n 1

 

Его частичная сумма равна

Sn b1 b1q ... b1qn 1 b1(1 qn ) . 1 q

При 0 q 1 ряд (3.5) сходится абсолютно, и его сумма равна

 

 

b (1 qn )

 

 

 

b

 

S lim Sn lim

1

 

 

 

1

.

1

q

n

n

1 q

 

 

Задача 3.3. Исследовать на абсолютную и условную сходимость ряд

1

 

1

 

1

 

1

 

1

 

1

... ( 1)

n 1 1

... .

2

2

2

2

3

2

4

5

 

2

n 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

33

Решение. Исследуем данный ряд на абсолютную сходимость. Рассмотрим ряд из модулей

1

1

 

1

 

1

 

1

 

1

...

1

... .

2

22

23

24

25

2n 1

 

 

 

 

 

 

 

Это ряд представляет собой сумму S бесконечно убывающей геометрической прогрессии (см. задачу 3.2) с b1 1, q 12 , поэтому

S

 

 

b1

 

1

 

2.

1

q

1 1

/ 2

 

 

 

Ряд из модулей сходится, и его сумма S 2. Согласно теореме 3.1 исходный ряд также сходится. Итак, заданный ряд сходится абсолютно.

Задача 3.4. Исследовать на абсолютную и условную сходимость ряд

( 1)n 1 n2 n n1 1.

n 1

Решение. Исследуем данный ряд на абсолютную сходимость. Рассмотрим ряд из модулей

 

 

 

 

 

n 1

 

 

 

 

bn

 

.

 

 

n

2

 

 

 

n 1

n 1

n 1

 

 

 

n 1

1

 

 

 

 

Отметим, что

bn

 

 

n при n . Так как

1, то по

n2 n 1

теореме 2.4 (частный признак сравнения) ряд из модулей расходится.

Исследуем этот ряд на условную сходимость. Проверим условия признака Лейбница:

1)n bn n2 n n1 1 0;

2)последовательность {bn } монотонно убывает, так как

b

 

n 1

(n 1)2 n 2

 

(n 1) (n2

3n 3)

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

bn 1

n2 n 1

n 2

(n 2) (n2

n 1)

 

 

 

34

n3 4n2 6n 3 1; n3 3n2 3n 2

3) lim bn lim n2 n n1 1 0.

n n

По признаку Лейбница ряд сходится. Согласно определению 3.2 исходный ряд сходится условно.

Задача 3.5. Исследовать на абсолютную и условную сходимость ряд

 

 

n 1

 

 

 

 

 

( 1)p ,

p .

 

n 1

n

 

 

 

 

Решение. Рассмотрим ряд из модулей

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

an

 

 

bn

.

 

 

 

 

 

p

n 1

n 1

n 1

n

Если p 0, то lim

b 0,

поэтому по следствию 1.1 из теоре-

n

n

 

 

 

 

 

мы 1.3 ряд

 

 

 

 

 

 

n 1

 

 

 

 

 

an ( 1)p

 

 

расходится.

n 1

n 1

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

При p 0 возможны два варианта:

 

 

а) если p 1, то ряд из модулей

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

bn

 

 

 

 

 

 

p

 

 

 

 

 

n 1

n 1

n

 

 

сходится (см. задачу 2.13). Поэтому по теореме 3.1 отсюда следует сходимость ряда

 

 

n 1

an

( 1)p ,

n 1

n 1

n

т.е. ряд сходится абсолютно;

35

б) если 0 p 1, то ряд из модулей

 

 

1

bn

p

n 1

n 1

n

расходится (см. задачу 2.13), т.е. исходный ряд не будет сходиться абсолютно. Исследуем исходный ряд

 

 

n 1

an

( 1)p

n 1

n 1

n

на условную сходимость. Докажем, что этот ряд удовлетворяет признаку Лейбница (т.е. является рядом Лейбница). Действительно,

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

во-первых,

 

bn

 

0

n ;

во-вторых,

последовательность

 

n p

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

{bn }

 

 

монотонно

убывает;

в-третьих,

lim bn lim

 

 

 

0.

 

 

 

 

n p

 

 

 

 

 

 

n

n n p

 

Согласно признаку Лейбница ряд сходится.

 

 

 

 

p 1;

Таким образом, исходный ряд сходится абсолютно, если

 

сходится условно, если 0 p 1; расходится, если p 0.

Задача 3.6. Исследовать на абсолютную и условную сходимость ряд

 

 

( 1)

n

 

 

 

an

 

 

 

.

 

n

)

p

n 2

n 2

(n ( 1)

 

 

Решение. При p 0

lim an

не существует, поэтому по след-

 

n

 

 

 

 

 

ствию 1.1 из теоремы 1.3 исходный ряд расходится.

При p 0 преобразуем общий член ряда an , применяя формулу Маклорена с остаточным членом в форме Пеано. Имеем

 

 

 

 

 

( 1)n

 

 

 

 

 

 

 

 

( 1)n p

 

 

 

 

an

 

 

 

 

 

 

( 1)n n p 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(n

( 1)

n

)

p

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

p

 

 

( 1)n 1

1

 

 

( 1)n

 

 

p

 

1

( 1)

 

n

1

p

 

 

 

 

o

 

 

 

 

 

 

 

 

o

 

 

 

 

n

 

 

n

p

 

n

p 1

 

p 1

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

n

 

 

при n . Ряд

36

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

( 1)p

 

 

 

 

 

 

n 2

n

 

 

 

 

 

сходится абсолютно, если

p 1,

 

 

и

сходится условно, если

0 p 1. Ряд

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

p

 

 

 

1

 

 

o

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

p 1

 

 

p 1

n 2

n

 

 

n

 

 

сходится при p 0 согласно теореме 2.4. Таким образом, исходный ряд сходится при p 0 . В таком случае, поскольку при n 2

 

 

 

an

 

 

1

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

(n ( 1)n ) p

(n 1) p

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

и ряд

сходится абсолютно при

p 1, то в силу последнего

p

n 2

n

 

 

 

 

неравенства и теоремы 2.2 исходный ряд сходится абсолютно при p 1. При 0 p 1 ряд сходится условно.

Задача 3.7. Зная сумму знакочередующегося ряда

( 1)n 1 ln 2,

n 1 n

найти сумму ряда

1 12 14 13 16 18 ...,

полученного из исходного в результате перестановки его членов.

Решение. Ряд

 

 

n 1

 

1

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

1

 

 

( 1)

1

 

1

1

1

1

 

...

 

 

... (3.6)

 

 

 

 

2n 1

2n

n 1

n

 

 

2

 

3 4

5

6

7

 

8

 

 

 

 

 

 

сходится условно (см. задачу 3.5,

p 1). Ряд

 

 

 

 

 

 

 

 

1 1

1

1

1

 

1

1

 

 

1

 

 

1

 

...

 

1

 

 

1

 

 

1

 

... (3.7)

8

 

 

 

 

 

2n 1

4n 2

4n

2

4 3

6

 

5

 

10 12

 

 

 

 

 

 

 

получается из исходного следующим образом: после каждого положительного члена идут два очередных отрицательных члена.

37

Отметим, что после конкретной перестановки членов исходного ряда (3.6) группировать члены частичных сумм ряда (3.7) для вычисления его суммы можно по-разному.

Обозначим частичныесуммы рядов (3.6) и (3.7), соответственно,

символами Sm

и Sm . Запишем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

m

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

1

 

 

1

 

 

1

 

1

 

1

 

 

 

S3m

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

...

2k 1

 

4k 2

 

4k

 

2

4

3

6

 

 

 

 

k 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

8

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

1

 

1

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

...

2m

1

 

4m 2

 

4m

 

 

 

2

4

3

6

8

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

1

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

...

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2m 1

 

4m

2

 

 

4m

 

2

4

6

8

4m 2

4m

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

1

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

S2m .

 

 

 

 

 

(3.8)

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

...

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

2

 

 

 

 

4

 

2m 1

2m

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Для частичных сумм S3m 1,

S3m 2

ряда (3.7) имеем

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

S3m 1

 

S3m

 

1

 

 

1 S2m

 

1

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(3.9)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4m

 

4m

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

S3m 2

S3m 1

 

 

 

 

 

1

 

 

1 S2m

 

 

1

 

 

 

 

 

1

.

 

 

 

 

(3.10)

 

 

 

4m

2

4m

 

 

4m

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Поскольку

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

lim S2m S ln 2,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

m

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

то из формул (3.8), (3.9), (3.10) получаем, что

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

lim

S3m

 

 

lim

 

S3m 1

 

lim

S3m 2

 

1 S.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

m

 

 

 

 

 

 

 

 

m

 

 

 

 

 

 

m

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Таким образом, показано, что ряд (3.7) сходится и имеет сумму, равную 12 S 12 ln 2. Как видим, решение данной задачи иллюстрирует теорему 3.3 (Римана).

38

Задача 3.8 (продолжение разбирается в задаче 7.7). Исследовать на абсолютную и условную сходимость ряд

 

1

1

1

1

1

1

1

1

 

1

 

1

 

1

 

an 1

 

 

 

... .

2

 

 

 

n 1

3

4

5

6

7

8

9

10 11 12

 

В случае сходимости найти сумму.

Решение. Исследуем ряд на абсолютную сходимость. Рассмотрим ряд из модулей

 

 

 

1

1

1

1

1

1

1

1

 

1

 

1

 

1

 

 

 

an

 

1

 

 

 

... .

 

 

 

 

 

 

 

 

n 1

 

 

2

3

4

5

6

7

8

9

10 11 12

 

Ряд расходится, так как является гармоническим рядом 1 (см.

n 1 n

задачу 1.5). Таким образом, абсолютной сходимости нет. Покажем, что ряд сходится условно. Для этого рассмотрим его

частичные суммы вида

 

 

1

 

1

 

 

1

 

 

1

 

 

 

1

 

 

1

 

1

 

1

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

1

 

 

 

 

 

S3m 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

...

2

3

 

5

 

6

7

8

9

10

 

11

12

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

1

 

 

m

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

( 1)m 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

( 1)k 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3m 2

3m

1

 

 

 

3k 2

3k

1

 

 

 

 

 

 

3m

 

k 1

 

 

 

 

 

 

 

 

3k

 

 

 

m

( 1)

k 1

 

 

 

m

 

 

( 1)

k 1

 

m

( 1)

k 1

 

, m .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k 1

3k 2

 

 

k 1

 

3k 1

 

k 1

 

3k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Каждый из рядов

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

( 1)

k 1

 

 

 

 

 

( 1)

k 1

 

 

 

( 1)

k 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

,

 

 

 

 

 

,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k 1

 

3k 2

 

 

 

 

 

k 1

 

3k 1

 

 

k 1

 

 

 

3k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

сходится по признаку Лейбница (см. задачу 3.5). Поэтому S :

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

lim

S3m S.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

m

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Заметим, что

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

S3m 1 S3m

 

( 1)m

 

 

S3m 2 S3m 1

 

( 1)m

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

,

 

 

,

 

 

 

m .

 

 

 

 

3m 1

 

3m 2

 

 

 

 

 

 

39

Это влечет предельные соотношения

 

 

lim S3m 1

lim

S3m 2

lim

S3m S.

m

m

 

m

 

Значит, последовательность частичных сумм Sn исходного ряда имеет предел, т.е. ряд сходится (условно), причем его сумма

 

( 1)

k 1

 

( 1)

k 1

 

( 1)

k 1

 

S

 

 

 

 

 

1 2 3.

k 1

3k 2

k 1

3k 1

k 1

3k

 

Величина S 1 2

3

будет вычислена в задаче 7.7.

Задача 3.9. Исследовать на абсолютную и условную сходимость ряд

 

1

2

1

1

2

 

1

 

1

 

 

2

 

an 1

...

 

 

 

... .

2

3n 2

3n 1

3n

n 1

3

4

5

6

 

 

 

 

Решение. Исследуем данный ряд на абсолютную сходимость. Рассмотрим ряд из модулей

 

1 2

1 1

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

1

 

 

2

 

 

 

an

 

1

 

...

 

 

 

 

 

 

 

 

 

... .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3n 2

3n 1

3n

n 1

2 3 4 5

6

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Частичная сумма S3m ряда из модулей

 

an

 

 

имеет вид

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

m

 

1

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

S3m

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

3k

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k 1

3k

 

 

 

 

 

 

3k

 

 

 

В силу неравенства

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

1

 

 

 

2

 

 

 

4

 

, k ,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3k

2

3k

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3k 3k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

получим оценку

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4

 

 

m

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

S3m

 

,

 

 

m .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

3 k 1

k

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

40