![](/user_photo/_userpic.png)
книги из ГПНТБ / Зенова, Е. Ф. Статика учебное пособие
.pdfобразом заполняющих его объем. Объемы этих элементов будут ДаУ|, Дго2, ...,; к каждому из них будет приложена
соответствующая элементарная сила тяжести Aq±=Aqik\j,
] 10 _ __ |
__ |
__ |
__ |
__ |
__ |
Mc(Aqj) = [СМ3Х (Д?3-)с] = [CMj X M t] = [CMjX/Mr^ic].
Так как qj — скалярный положительный множитель, то
M,,(,\qj) = [Л<7;-СМ,-хМ.
Поэтому
~Le = lim 2 [Дг/;СЛ1^хЛ|с]. ^'/у-п7“1
с о
Единичный орт k\c может быть вынесен за знак суммы и за знак предела, ибо k\c= const. Следовательно,
Lc= [(lim 2 Aqj-CMj) Хк\с].
у-1
л - * СО
Из определения интеграла следует, что
lim 2 Aqj-CMj = §CMdq.
4«Г*о/=1 (?)
п-*со
8 0 ’
Значит,
L e =
X k lc .
По определению, эта система сил уравновешена, поэтому
CM dq \ x k = 0.
07)
Полученное векторное произведение должно равняться нулю
при любых углах между векторами СМ и k\c (на основании определения центра тяжести твердого тела), следовательно,
поскольку k\r=?(=0, первый множитель
\~CMdq = 0. |
(24) |
|
«7) |
|
|
Равенство (24) позволит |
вывести формулы для |
радиусов- |
векторов центра тяжести твердого тела в подчиненной и главной системах координат.
1. В подчиненной системе координат положение центра тяжести определяется радиусом-вектором рс. Из рис. 51
видим, |
что СМ = р—рс. Поэтому равенство (24) можно пере |
|
писать |
|
_ |
|
J |
(p - p c)£fy= 0 |
|
(<7) |
|
ИЛИ |
_ |
_ |
J Рс dq = J р dq,
(?)(17)
НО
IРсdq =ре 5 dq = qpc.
(?)(9)
Значит,
Яре = Ipd-q,
i9) |
|
откуда |
|
S — -5 - J |
(25) |
(?) |
|
Обозначим координаты точки С в подчиненной систем? |
|
координат (|с, Лс, £с), а координаты |
произвольной точки |
6 Зак. 56 |
81 |
твердого тела (|, ц, £). После проектирования формулы (25) на оси Рц, Pt, найдем
V — И * * » |
% - т Ь ^ = |
' . - т Ь " ' * - (26) |
(?) |
(?) |
(?) |
Формулы (26) определяют координаты центра тяжести твердого тела в системе координат, неизменно связанной
ствердым телом.
2.В главной системе координат положение центра
тяжести С определяется радиусом-вектором гс. |
Из |
рис. 51 |
||
видим, |
что СМ — г — гс, поэтому |
равенство (24) |
перепишем |
|
в виде |
J { r - r c)dq = 0. |
|
|
|
|
|
|
||
|
(? ) |
|
|
|
Отсюда, |
повторяя те_ же самые |
рассуждения, |
что |
и при |
выводе формулы для рс, находим |
|
|
|
|
|
rt = \ \ r d q . |
|
(27) |
(?)
Обозначим (хс, ус, zc) координаты точки С в главной системе координат, (х, у, z ) — координаты произвольной точки твер дого тела в тон же системе координат. Проектируя фор
мулу (27) на оси Ox, Оу, Oz, получим
х е = — I xdq\ ус = - у J у dqzc = ~ J zdq. (28)
Формулы (28) определяют координаты центра тяжести твер дого тела в системе координат, неизменно связанной с вы бранной системой отсчета (Землей).
Рассмотрим частный случай, когда твердое тело одно
родно |
(плотность |
его 6=const). Тогда, в зависимости |
от |
||
формы этого тела, получим: |
тело |
q= b-w\ dq=b-dw, |
где |
||
1) |
трехмерное |
(объемное) |
|||
w — объем твердого тела; |
тело |
(один размер тела |
мал |
||
2) |
двухмерное |
(плоское) |
по сравнению с двумя другими, например, тонкая плита)
q=6s-S, |
dq = bs -dS, где 5 — площадь тела; |
|
3) одномерное (криволинейное) тело (два размера тела |
||
малы по |
сравнению с |
третьим, например, стержень) q= bil, |
dq — bidl, |
где I — длина |
тела. |
82
Для каждого из этих тел можно получить формулы для радиусов-векторов и координат центра тяжести как в под чиненной, так и в главной системах координат из соответ ствующих формул (25), (26), (27), (28). Эти результаты по мещены в таблице, которая показывает, что положение центра тяжести однородного твердого тела зависит не от ма териала, из которого оно изготовлено, а от его геометриче ской формы.
Тело |
Радиусы-векторы: |
Координаты центра тяжести |
|
а) подчиненный |
|||
в системах координат |
|||
|
б) главный |
||
|
|
а) |
Рс = |
4 |
.[ |
Jdw |
|
|
* <«) |
|
|
Объемное |
|
|
|
|
б ) |
гс= |
— |
f |
г dw |
|
|
w (») |
|
a) F c= 4" |
.f PdS |
S |
(S) |
Плоское
6 ) Tc = 4" |
^ |
7dS |
S |
( S ) |
|
a) |
Pc = 4" |
i" |
pdl |
|
1 |
Ц) |
|
Криво |
|
|
|
линейное |
|
|
|
6) |
rc = 4 - |
j |
у in |
|
i |
</) |
|
^ = 4 |
|
f |
|
|
&(о;) |
|
|
|
Сс= |
|
&(о;) |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
= — I |
Сdw |
|
|
|
||
хс = |
|
— |
1 |
х dw, Ус = —- X |
||||||
c |
|
|
® |
|
|
s |
|
w |
|
|
X |
|
l |
у dw, |
z0 = |
4 - |
J 2 dw |
||||
|
(w) |
|
|
^ |
(W) |
|
|
|||
S c = 4 - I |
|
ri r = - L X |
||||||||
|
|
|
5 |
(S) |
|
|
|
|
|
|
x |
|
J |
|
|
tc = |
4 - |
J |
|
U S |
|
|
(S) |
|
|
S |
(S) |
|
|
|||
|
= |
4 r |
J * ds> |
= |
4 " x |
|||||
|
|
|
5 |
(s> |
|
|
|
5 |
|
|
X |
|
J |
ydS, |
zr = |
4" |
I |
|
sdS |
||
|
0s ) |
|
|
5 |
( S ) |
|
|
|||
£ c = 4 - I |
>dl' |
* |
- |
t |
|
x |
||||
|
|
|
1 |
(i) |
|
|
|
1 |
|
|
x |
|
f |
t]dl, |
te = |
4 - |
J |
u |
/ |
||
|
(I) |
|
|
|
1 <0 |
|
|
|
xc = 4" J -x dl, yc = 4" X
X j vrf/, |
zc = — l z dl |
(0 |
1 (l) |
6 * |
83 |
Выражения |
|
|
j %dw = Zcw, |
j r)dc<y = iica), |
j t,dw = L,cw |
(та) |
lie) |
(та) |
называются статическими моментами объема w относительно координатных плоскостей РцС,, РЬ) соответственно. Статические моменты площадей и линий относительно тех же плоскостей определяются формулами
J gdS = gcS; |
J iylS-=r\cS-, |
\ £dS = £cS\ |
(i) |
(s) |
(i) |
J \ d l = U - |
f n d / = r i c / ; |
j ' £ d l = y . . |
(/)(b w
Аналогично можно было бы определить статические моменты объемов, площадей и линий относительно координатных плоскостей Oyz, Ozx, Оху.
§ 3. Способы нахождения центра тяжести твердого тела
Для практического определения положения центра тя жести твердого тела существуют следующие способы:
метод разбиения; метод определения положения центра тяжести симмет
ричных тел; определение положения центра тяжести твердого тела
с помощью теорем Паппа — Гульдина; графический метод; экспериментальный метод.
На двух последних способах — графическом и эксперимен тальном ■— мы останавливаться не будем.
Метод разбиения
Этот метод может быть применен для нахождения центра тяжести как однородного, так и неоднородного твердого тела. Для его использования необходимо, чтобы твердое тело могло быть разбито на конечное число частей, для каж
дой из которых вес qj и положение центра тяжести С,-(г легко могут быть найдены (рис. 52). В этом случае фор мула (27) может быть записана так:
(29)
&4
П
где q = S qj — вес данного тела. Координаты центра
■I
тяжести С определятся по формулам
Если твердое тело однородно, то его вес q следует заменять объемом w, площадью 5 или длиной I, в зависимости от формы тела.
|
|
Рис. 52 |
В частном |
случае, |
когда тело имеет выемку (вырез), то |
на основании |
метода |
разбиения вырезанная часть входит |
в формулы (29) и (30) с членами, имеющими отрицательный знак. Поэтому указанный частный случай метода разбиения называют иногда методом вырезания, или методом отрица тельных масс.
Пример 10. Найти центр тяжести однородной пластинки с круговым отверстием. Форма и необходимые размеры пластинки показаны на рисунке.
Ре ше н и е . Проводим оси координат Оху так, чтобы
каждая из осей Ох и Оу совпала с двумя взаимно перпен дикулярными краями пластинки. Так как тело однородное и плоское, то положение его центра тяжести определится координатами
В данном случае пластинку целесообразно разбить на три части:
1)прямоугольник со сторонами 2,5а и 2b (центр тяжести
С| находится в точке пересечения диагоналей);
2 ) прямоугольный треугольник с катетами а и 2 b (центр тяжести Са находится на расстоянии */з от каждого катета); 3) круг радиуса 0,5b (центр тяжести С3 находится в его
центре).
Для каждой нз этих частей вычислим площадь и найдем координаты центра тяжести.
|
S\ = 2,5a-2b = 5ab\ ДГ| = 1,25а; |
у\ = Ь. |
|||||
S-, = |
а ■2b = |
ab\ |
х 2= |
|^2,5а + Т |
“ Н |
т |
“ ; |
|
с |
/ |
ь \2 |
ЯЬ-’ |
= а; |
у 3 |
. |
|
s Я= - (— J = — ; * 3 |
= Ь. |
|||||
Площадь |
пластины |
|
|
|
|
|
|
5 = 5,4-52 —53; |
5 = ЪаЬ+ ab—— = 6ab —0,25яй2. |
||||||
|
|
|
|
|
4 |
|
|
Координаты центра тяжести 'пластины находим по формулам
.. __-SiA'i 4- S^x3 —
Ус = $лУ\ 4~5зУз —^зУз
5
86
После |
подстановки вычисленных уже величин |
S2 , S3, |
х\, Х2, |
х3, у\, у2 , уз и приведения подобных членов получим |
Метод определения центра тяжести симметричных тел
Этот метод позволяет определять положение центра тяжести у однородных симметричных тел. Основывается он на следующих теоремах:
У
л
Рис. 53
1 ) |
если |
однородное |
твердое |
тело |
имеет |
плоскость сим |
|
метрии, то |
его центр тяжести расположен в этой |
плоскости; |
|||||
2 ) |
если однородное |
твердое |
тело |
имеет |
ось |
симметрии, |
то его центр тяжести расположен на этой оси; 3) если однородное твердое тело имеет центр симметрии,
то его центр тяжести совпадает с центром симметрии. Докажем первую из этих теорем. Пусть твердое тело имеет
плоскость симметрии (рис. 53), которую мы примем за пло скость xOz. Нам нужно доказать, что центр тяжести этого тела лежит в плоскости xOz, т. е. что ус= 0.
Разобьем твердое тело на бесконечно большое число бесконечно малых элементов, сплошным образом заполняю щих его объем. То обстоятельство, что плоскость xOz есть плоскость симметрии, означает, что каждому бесконечно
87
малому элементу с объемом Дои,- тю одну сторону плоскости, положение которого можем определить координатами Xj, у,, zjt будет соответствовать равный ему элемент объема Aдо3по другую сторону плоскости симметрии; прямая, соединяющая эти элементы, MjM/, будет перпендикулярна плоскости сим метрии и в точке пересечения с нею будет делиться пополам. Последнее означает, что координаты элемента будут
X}, ~Уь zi-
Обратимся к формуле, определяющей ординату ус центра тяжести. Известно, что для однородного объемного тела
У с = - И |
у л ™ . |
|
( ш ) |
Воспользовавшись определением тройного интеграла, это выражение запишем теперь так
1 |
" |
V, = — lim |
v y Arc),, |
w bwj-+o p |
\ ' 1 1 |
«-►CO |
|
но из только что . сказанного следует, что п всегда четное число, а каждому положительному слагаемому у,Ащ обяза тельно будет соответствовать такое же по величине, но отри цательное слагаемое —yj&Wj,^ Поэтому
, |
п |
уг — ----Нт ^ |
у / ДW/ = О, |
W MVj-*0 J-=I |
|
и-»оо |
|
чго и требовалось доказать.
Две другие теоремы доказываются аналогично.
В качестве примера применения метода симметрии уста новим формулу для определения положения центра тяжести однородного тела вращения. На рис. 54 изображено одно родное тело вращения высотой Н, осью симметрии которого
является ось Ох. Тело ограничено плоскостями, перпендику лярными оси симметрии. Плоскость yOz совпадает с пло
скостью нижнего основания тела. Так как ось Ох — ось сим
метрии, то отсюда следует, |
что центр тяжести тела лежит |
на этой оси, т. е. yc=zc= 0. |
Найдем л'с1 |
Для этого твердое тело разбиваем на бесконечно большое число бесконечно малых элементов сечениями, перпендику лярными оси симметрии. Эти элементы сплошным образом заполняют объем данного тела. Выделим один элемент
88
высотой |
на |
расстоянии Xj от начала координат. Поскольку |
он бесконечно |
мал, то мы с достаточной точностью можем |
рассматривать его как цилиндр с радиусом основания RXj- Тогда
'-с — |
I х d-w — |
1 |
го J |
|
(«О |
1 |
п |
|
|
го |
|
lim £ x .iЛщУ=
At£/y-*-0 j,
П-+СО
Н
— f R '-x dx.
го JО Л
Окончательно положение центра тяжести однородного тела
вращения, ось симметрии Лторого совпадает с осью Ох, определится координатами
*c=-^-J Rx2xdx\ |
г/с = 0; |
zc=0, |
(31) |
||
где w — объем тела; |
о |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
х — абсцисса произвольного |
сечения |
твердого |
тела, пер |
||
пендикулярного оси симметрии; |
|
__ ___ |
|||
Rx — расстояние |
образующей тела |
вращения до оси вра- |
|||
--> |
соответствующее |
абсциссе х. |
|
||
щения Ох, |
|
89