
5.11 Примеры
Пример 5.1. Тонкостенный сосуд, выполненный в виде полусферы, свободно закреплен по диаметральной окружности и частично нагружен, как показано на рис. 108,а, жидкостью с объемным весом = 0,01 Мн/м3. Прене-брегая собственным весом сосуда, построить эпюры изменения главных напряжений m и T в его стенке. Решение. Рассмотрим отдельно участок сосуда, испытывающий давление жидкости, и участок, не испытывающий этого давления.
1. 45 < < 90° (участок ВА).
Из условия равновесия отсеченного от сосуда сегмента, показанного на рис. 108,б, по формуле (5.4) меридиональное погонное усилие
.
Вес жидкости G равен объему шарового сегмента высотой у, умноженному на объемный вес:
. (5.95)
Выразим радиус R через у и а. Из прямоугольного треугольника
откуда
.
а |
б |
|
|
в |
г |
|
Рис. 108
Подставим это выражение в формулу (5.95):
.
Учитывая, что
,
получим
.
Выразим через R и интенсивность нагрузки q:
.
Подстановка найденных выражений для G и q в формулу (5.4) даст погонное меридиональное усилие
.
(5.96)
Общий множитель, если R1 = R2 = R = 3 м,
.
Окружное погонное усилие NТ находим из уравнения Лапласа (5.3):
или, подставляя вместо q его выражение,
.
(5.97)
Таблица 5
, град |
sin |
cos |
(1-cos )3 |
cos3 |
0,25sin |
(1-sin )3 12cos2 |
Nm R2 |
Nm103, Мн/м |
Формула |
0 |
- |
1,000 |
- |
1,000 |
- |
- |
- |
3,54 |
(5.98) |
30 |
- |
0,870 |
- |
0,755 |
- |
- |
- |
4,08 |
(5.98) |
45 |
0,705 |
0,705 |
0,0256 |
0,496 |
0,176 |
0,0040 |
0,080 |
7,20 |
(5.98); (5.96) |
60 |
0,870 |
0,500 |
0,0022 |
0,250 |
0,217 |
0,0007 |
0,118 |
10,62 |
(5.96) |
90 |
1,000 |
0 |
0 |
0 |
0,250 |
0 |
0,150 |
13,50 |
(5.96) |
-
0 < < 450 (участок СВ).
Высота жидкости в сосуде
Вес G жидкости в сосуде
.
Таблица 6
, град |
Nm103, Мн/м |
sin 0,707 |
R2(sin 0,707) 103, Мн/м |
NT103, Мн/м |
Формула |
0 |
3,54 |
- |
- |
3,54 |
(5.99) |
30 |
4,68 |
- |
- |
4,68 |
(5.99) |
45 |
7,20 |
0 |
0 |
7,20 |
(5.99); (5.97) |
60 |
10,62 |
0,165 |
14,85 |
+4,23 |
(5.97) |
90 |
13,50 |
0,295 |
26,55 |
+13,05 |
(5.97) |
Погонное меридиональное усилие
.
(5.98)
Погонное окружное усилие NT найдем из уравнения Лапласа:
.
(5.99)
Оно равно по величине и противоположно по знаку меридианальному.
Результаты подсчета погоных усилий представлены в табл. 5 и 6. По данным этих таблиц построены эпюры усилий Nm и NT (рис. 108,в, г).
Пример 5.2. Цилиндрический стальной корпус, имеющий подкрепляющие кольца и торцы (рис. 109), подвержен внутреннему давлению q = 2 Мн/м2. Построить эпюры меридиональных изгибающих моментов Мх вблизи от подкрепляющих колец в двух предположениях: 1) кольца абсолютно жесткие; 2) кольца упругие. Модуль упругости Е= 2 105 Мн/м2; = 0,3.
Рис. 109
Решение. 1. Вычисление вспомогательных величин.
Цилиндрическая жесткость
.
Коэффициент затухания
.
Длина оболочки, при которой ее можно считать длинной,
Так как l = 0,6 > 0,266 м, можно не учитывать совместное влияния двух подкрепляющих колец на расположенную между ними оболочку и вести расчет по формулам для длинной оболочки. В формулы, выведенные для цилиндрической оболочки, подверженной наружной нагрузке интенсивностью q, нужно интенсивность подставлять со знаком минус.
2. Определим изгибающие моменты Мх в предположении, что кольца абсолютно жесткие.
Сила взаимодействия между кольцами и оболочкой по формуле (5.70)
.
Погонная поперечная сила Q на оси кольца
.
Погонный изгибающий момент М0 на оси кольца
.
Ординаты эпюры погонных изгибающих моментов
или после упрощения
.
Функции
и
берутся из табл. 4. В табл. 7 представлены
результаты вычислений ординат Мх.
По данным таблицы построена эпюра на
рис. 110.
Таблица 7
№ точки |
х |
х, см |
(х) |
(х)
|
1,52(х), Мн |
3,05(х), Мн |
Мх103, Мн |
0 |
0 |
0 |
1,0000 |
0 |
1,520 |
0 |
1,520 |
1 |
0,2 |
0,85 |
0,9651 |
0,1627 |
1,464 |
0,495 |
0,966 |
2 |
0,4 |
1,65 |
0,8784 |
0,2610 |
1,332 |
0,795 |
0,537 |
3 |
0,6 |
2,54 |
0,7628 |
0,3099 |
1,160 |
0,945 |
0,215 |
4 |
0,8 |
3,40 |
0,6354 |
0,3223 |
0,965 |
0,982 |
0,017 |
5 |
1,0 |
4,25 |
0,5083 |
0,3095 |
0,775 |
0,945 |
0,170 |
6 |
1,5 |
6,34 |
0,2384 |
0,2226 |
0,363 |
0,680 |
0,317 |
7 |
2,0 |
8,50 |
0,0667 |
0,1230 |
0,101 |
0,375 |
0,274 |
8 |
2,5 |
10,6 |
0,0166 |
0,0492 |
0,025 |
0,160 |
0,175 |
9 |
3,0 |
12,7 |
0,0423 |
0,0071 |
0,064 |
0,022 |
0,086 |
10 |
4,0 |
16,9 |
0,0258 |
0,0139 |
0,039 |
0,042 |
+0,003 |
11 |
5,0 |
21,2 |
0,0046 |
0,0065 |
0,007 |
0,0020 |
+0,013 |
Положение нулевых точек эпюры изгибающих моментов (см. рис. 110) определяется расстоянием
После второй нулевой точки, на расстоянии 3,33 + 13,33 = 16,66 см от оси кольца, изгибающие моменты уменьшаются до величины
Рис. 110
и вызывают напряжение
Это напряжение настолько мало, что его можно не учитывать.
-
Определяем изгибающие моменты Мх в предположении, что кольца упругие. Моменты Мх пропорциональны краевому изгибающему моменту М0 и краевой поперечной силе Q0, которые, в свою очередь, пропорциональны силе взаимодействия Х. Поэтому ординаты эпюры Мх получаются путем умножения ординат эпюры Mх, вычисленных в табл. 7, на коэффициент
Таким образом, при учете податливости колец погонные изгибающие моменты составляют лишь 43% от моментов, вычисленных в предположении жестких колец. Соответствующая эпюра изгибающих моментов Мх построена на рис. 110 штриховой линией.
Пример 5.3 Для оболочки, рассмотренной в предыдущем примере, построить эпюры погонных изгибающих моментов Мх и погонных поперечных сил Qx в месте примыкания оболочки к плоскому торцу, возникающих от внутреннего давления q = 50 н/см2, вычислить главные напряжения x и y и составить условие прочности по третьей теории прочности. Допускаемое напряжение [] = 40 000 н/см2.
Решение. По табличным формулам находим значения погонных краевых изгибающих моментов М0 и поперечных сил Q0 для случая примыкания цилиндрической оболочки к плоскому торцу, приняв следующие исходные данные:
геометрические размеры
h1 = h2 = h = 1 cм; R = 30 см;
упругие постоянные Е = 2 107 н/см2; = 0,3;
D1 = D2 = D = 1,83 106 нсм;
интенсивность радиальной нагрузки
q = 50 н/cм2;
коэффициент затухания перемещений
1 = 2 = = 0,236 1/см.
Погонный изгибающий момент в сечении оболочки, примыкающем к торцу, вычисляется по формуле(5.85):
Погонная поперечная сила в этом сечении вычисляется по формуле (5.84)
Зная М0 и Q0, можно вычислить погонные изгибающие моменты Мх и погонные поперечные силы Qх вдоль образующей х:
Функции (x), (х) и (х) берутся из табл. 4. В табл. 7 представлены результаты вычислений ординат изгибающих моментов Мх и поперечных сил Qх. По данным таблицы построены эпюры на рис. 111. Положение нулевых точек эпюры Qх определяется расстояниями (х0)1 = 1,25 см и (х0)2 = 14,8 см. В этих сечениях изгибающие моменты достигают максимума.
Таблица 8
№ точки |
х |
х, см |
(х) |
(х) |
(х) |
5170(х) |
1258(х) |
5325(х) |
2440(х) |
Мх, нсм/см |
Qx, н/см |
1 |
2 |
3 |
4 |
5 |
6 |
7 |
8 |
9 |
10 |
11 |
12 |
0 |
0 |
0 |
1,000 |
0 |
1,000 |
5170 |
1258 |
0 |
0 |
5170 |
1258 |
1 |
0,2 |
0,85 |
0,9653 |
0,1627 |
0,6398 |
5000 |
802 |
870 |
480 |
5870 |
322 |
2 |
0,4 |
1,65 |
0,8784 |
0,2610 |
0,3564 |
4537 |
448 |
1390 |
770 |
5927 |
322 |
3 |
0,6 |
2,54 |
0,7628 |
0,3099 |
0,1431 |
3940 |
180 |
1650 |
912 |
5590 |
732 |
4 |
0,8 |
3,40 |
0,6354 |
0,3223 |
0,0093 |
3284 |
12 |
1720 |
952 |
5004 |
964 |
5 |
1,0 |
4,25 |
0,5083 |
0,3096 |
0,1108 |
2625 |
136 |
1650 |
915 |
4275 |
1051 |
1 |
2 |
3 |
4 |
5 |
6 |
7 |
8 |
9 |
10 |
11 |
12 |
6 |
1,5 |
6,34 |
0,2384 |
0,2226 |
-0,2068 |
1237 |
260 |
1188 |
657 |
2425 |
917 |
7 |
2,0 |
8,5 |
0,0667 |
0,1230 |
-0,1794 |
345 |
226 |
655 |
362 |
1000 |
588 |
8 |
2,5 |
10,6 |
0,0166 |
0,0492 |
-0,1149 |
86 |
144 |
262 |
145 |
176 |
289 |
9 |
3,0 |
12,7 |
0,0423 |
0,0071 |
--0,0563 |
218 |
70 |
37 |
21 |
181 |
91 |
10 |
4,0 |
16,9 |
0,0258 |
0,0139 |
0,0019 |
134 |
2 |
74 |
41 |
208 |
43 |
11 |
5,0 |
21,2 |
0,0046 |
0,0065 |
0,0084 |
24 |
10 |
34 |
19 |
58 |
29 |
Рис. 111
Изгибающий момент в плоском днище вычисляется как для круглой пластины, нагруженной по контуру погонными радиальными моментами. Эти моменты постоянны по диаметру торца и вызывают шаровой изгиб. Кроме того, на торец действует равномерно распределенная нагрузка интенсивностью q. Она вызывает изгибающие моменты Mr, показанные на рис. 112.
В центре днища от нагрузки q
Эпюру радиальных изгибающих моментов строим по принципу независимости действия сил как суммарную эпюру моментов, возникающих под действием моментов М0 и нагрузки q.
Рис. 112
Наиболее напряженная точка находится на расстоянии (х0)1=1,25 см от места примыкания цилиндрической оболочки к торцу. В этом месте действуют погонные усилия:
My = Mx = 0,3 5950 = 1780 (н см)/см;
Для определения четвертого члена в формуле (5.94) для экваториального (окружного) нормального напряжения у необходимо вычислить радиальное перемещение wx в сечении, в котором производится вычисление напряжений:
Наибольшие главные нормальные напряжения:
меридиональное, действующее вдоль образующей, по формуле (5.93)
экваториальное, действующее вдоль окружности, поперечного сечения, по формуле (5.94)
Условие прочности по третьей теории прочности при 3 = 0:
Пример 5.4. Для цилиндрической оболочки, нагруженной радиальной равномерно распределенной нагрузкой интенсивностью q = 30 н/см и защемленной концами (рис. 113,а), вычислить ординаты перемещений wx по радиусу и построить изогнутую срединную поверхность. Материал – титан. Модуль упругости Е= 1,1 107; коэффициент Пуассона = 0,3.
Решение. Цилиндрическая жесткость
Коэффициент затухания перемещений
Отношение
следовательно, оболочка длинная.
Перемещения w находим наложением решений для незащемленной оболочки, нагруженной радиальным давлением q (рис. 113,в), и для оболочки, нагруженной усилиями М0 и Q0 на торцах (рис. 113,б).
а |
б |
|
|
в |
|
|
Рис. 113
Условие совместности деформации
Условие защемления равенство нулю угла наклона касательной к оболочке в защемлении:
Эти два условия такие же, как для оболочки, подкрепленной абсолютно жесткими кольцами. Поэтому выражения для изгибающего момента М0 и поперечной силы Q0 в защемлении те же, что и для подкрепленной оболочки:
Зная эти усилия, перемещения в любой точке можно вычислить по формуле
Первый член в этой формуле вычисляется согласно (5.48), а второй
Характер изогнутой средней поверхности показан на рис. 113.