4.3. Пример выполнения расчетно-графической работы

Расчеты выполнены для варианта № 26 из табл. 8.

4.3.1. Время испарения АХОВ определяется по формуле (1).

Толщина слоя разлившегося хлора h = 3-0,2 = 2,8 м.

Плотность хлора из таблицы 1d = 1,558 т/м³.

К₂ = 0,052 – коэффициент, зависящий от физико-химических свойств АХОВ, определяется по таблице 1.

К₄ определяется по таблице 2. K₄ при скорости ветра 1,8 м/с находится в интервале от 1 до 1,33, поэтому значение его находим методом линейного интерполирования.

К₄ 1,33

1

1 1,8 2

Отсюда

К₇ =1 (из таблицы 1 для температуры 16 ⁰С ).

Тогда

4.3.2. Определение эквивалентного количества химического вещества

Так как хлор находится в сжиженном состоянии, то образуется как первичное, так и вторичное облако.

Эквивалентное количество АХОВ по первичному облаку определяется по формуле (2).

Q₀ = 380 т –количество хлора в емкости.

К₁ = 0,18 – коэффициент, зависящий от условий хранения АХОВ, определяется по таблице 1.

К₃ = 1 определяется из таблицы 1.

К₅ – коэффициент, учитывающий степень вертикальной устойчивости воздуха. Так как авария произошла утром (через 10 минут после восхода солнца) при ясной погоде, то степень вертикальной устойчивости атмосферы по таблице 5 – инверсия. Тогда К₅ = 1.

К₇ – коэффициент, учитывающий влияние температуры воздуха, определяется из таблицы 1 для температуры 16 ⁰С методом линейного интерполирования:

.

Q_Э1= 0,18·1·1·0,92·380 = 62,928 т.

Эквивалентное количество хлора по вторичному облаку определяется по формуле (3).

К₆ – коэффициент, зависящий от времени, прошедшего после аварии (Т_АВ) или времени испарения АХОВ (Т_ИСП), ч определяется согласно (4).

К₇ =1 (из таблицы 1 для температуры 16 ⁰С берется в знаменателе).

При Т = 1 ч К₆ = 1

Q_Э2 = (1-0,18)·0,052·1·1,264·1·1·380/(3-0,2)·1,558 = 4,695 т.

При Т = 2 ч К₆ = 2^0,8 = 1,741

Q_Э2 = (1-0,18)·0,052·1·1,264·1,741·1·380/(3-0,2)·1,558 = 8,174 т.

При Т = 4 ч К₆ = 4^0,8 = 3,031

Q_Э2 = (1-0,18)·0,052·1·1,264·3,031·1·380/(3-0,2)·1,558 = 14,231 т.

При Т = 66,37 ч К₆ = 66,37^0,8 = 28,68

Q_Э2 = (1-0,18)·0,052·1·1,264·28,68·1·380/(3-0,2)·1,558 = 134,649 т.

4.3.3. Определение глубины зоны химического заражения

По таблице 4 в зависимости от скорости ветра и эквивалентного количества АХОВ определяется глубина зоны заражения первичным (Г₁) и вторичным (Г₂) облаком.

Q_Э1 = 62,928 т в таблице 1 находится в интервале от 50 до 70 т и скорость ветра 1,8 м/с, также находится в интервале от 1 до 2 м/с, поэтому значение Г₁ определяется методом двойного интерполирования.

Сначала определяется Г₁ при скорости ветра 1 м/с:

для Q_Э1 = 50 т Г₁ = 52,67 км; для Q_Э1 = 70 т Г₁ = 65,23 км;

для Q_Э1 = 62,928 т Г₁ = 52,67 + (65,23-52,67) (62,928-50)/(70-50) = 60,79 км.

Определяем Г₁ при скорости ветра 2 м/с:

для Q_Э1 = 50 т Г₁ = 28,73 км; для Q_Э1 = 70 т Г₁ = 35,35 км;

для Q_Э1 = 62,928 т Г₁ = 28,73 + (35,35-28,73) (62,928 -50)/(70-50) = 33,01 км.

Определяем Г₁ при скорости ветра 1,8 м/с:

60,79 Г₁

33,01

1 1,8 2

.

Таким образом, для Q_Э1 = 62,928 т Г₁ = 38,57 км.

Значение Г₂ при Т = 1, 2, 4 и 66,37 ч в зависимости от величины Q_Э2 для скорости ветра 1,8 м/с определяется аналогично.

При Т = 1 ч Q_Э2 = 4,695т. Это значение находится в интервале от 3 до 5 т. Скорость ветра 1,8 м/с находится в интервале от 1 до 2 м/с. Определяем Г₂ методом двойного интерполирования.

При скорости ветра 1 м/с

для Q_Э2 = 3 т Г₂ = 9,18 км; для Q_Э2 = 5 т Г₂ = 12,53 км;

для Q_Э2 = 4,695 т Г₂ = 9,18 + (12,53-9,18) (4,695-3)/(5-3) = 12,02 км.

При скорости ветра 2 м/с

для Q_Э2 = 3 т Г₂ = 5,35 км; для Q_Э2 = 5 т Г₂ = 7,20 км;

для Q_Э2 = 4,695 т Г₂ = 5,35 + (7,20-5,35) (4,695-3)/(5-3) = 6,92 км.

При скорости ветра 1,8 м/с

Г₂ = 6,92 + (12,02-6,92) (2-1,8)/(2-1) = 7,94 км.

При Т = 2 ч Q_Э2 = 8,174 т.