
БДЗ по химии / VAR40
.DOCВАРИАНТ 40.
Задание 3.2д
Полная электронная формула:
92U 1s22s22p63s23p63d104s24p64d104f145s25p65d105f36s26p66d17s2.
Сокращенная электронная формула в виде энергетических ячеек:
92U [ ] 5s2 / 5p6\ /5d10 \ / 5f3 \ 6s2 / 6p6 \ /6d1\ 7s2
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Уран U f-элемент; к его электронным аналогам относится неодим Nd.
Высшая степень окисления урана 6 ; это возбужденное состояние характеризуется следующими значениями квантовых чисел:
92U*…6s2 / 6p6 \ / 6d4 \ 7s1 / 7p1 \
-
n
6
6
6
6
7
7
l
2
2
2
2
0
1
m
2
1
1
2
0
0
s
½
½
½
½
½
½
Задание 3.3д
K2Cr2O7 ; O2 O2 Связи KO ионные ( разность электро-
|| || отрицательностей 2,7 ), следовательно,
K1O2Cr6O2Cr6O2K1 они обладает большей степенью ионности, чем
|| || ковалентные полярные связи CrO (ЭО = 1,1 ).
O2 O2
CrO5 ; O1 O1 Связи CrO ковалентные полярные (ЭО = 1,1 ) с долей
/ \ / \ ионности, в то время как в ковалентных неполярных связях
O1Cr6O1 OO (ЭО = 0 ) степень ионности равна нулю.
||
O2
K2C2O4 ; O2 O2 Связи KO ионные (ЭО = 2,7 ), следовательно,
|| || они обладает большей степенью ионности, чем
K1O2C4C4O2K1 ковалентные полярные связи CO (ЭО = 0,9 );
Связи CC ковалентные неполярные (ЭО = 0 ).
Задание 3.7
H2(г) 2H(г) ; H1 = 435кДж/моль, следовательно Hобр(H) = H1/2 = 217,5 кДж/моль.
Cl2(г) 2Cl(г) ; H2 = 243кДж/моль, следовательно Hобр(Cl) = H2/2 = 121,5 кДж/моль.
По условию, Hобр(HCl) = 92 кДж/моль.
Тогда для реакции H(г) + Cl(г) HCl(г)
H3 = Hобр(HCl) Hобр(H) Hобр(Cl) = 431 кДж
Т. е. энергия связи HCl равна Eсвязи= H3 = 431 кДж/моль.
Задание 3.12в
Согласно уравнению Аррениуса k = Aexp(Ea / RT), где
k константа скорости реакции; A предэкспоненциальный множитель;
Ea энергия активации реакции; T абсолютная температура, К.
В температурном интервале 2535С, т.е. 298308 К, по условию имеем:
k(308) = 4k(298), т.е. Aexp(Ea / 8,31308)= 4Aexp(Ea / 8,31298), отсюда получаем:
Ea
= ln 4=105,7103
Дж.
Задание 3.17
По уравнению реакции AB(г) = A(г) + B(г) видно, что если [B] = 0,02 моль/л, то [A] = [B] = 0,02 моль/л, а исходная концентрация c(AB) больше равновесной [AB] на 0,02 моль/л, т.е. c(AB) = [AB] + [B] = ( [AB] + 0,02) моль/л. По условию, константа равновесия равна K = 0,04 , тогда получаем:
, следовательно, [AB] = 0,01
моль/л.
Окончательно получаем c(AB)
= [AB] + 0,02 = 0,03 моль/л, т.е.
разложилось
вещества AB.
Задание 3.27
Рассмотрим электролит KA; пусть в насыщенном растворе его концентрация равна c1 моль/л. Он диссоциирует по уравнению: KA = K + A.
концентрации: c1моль/л c1моль/л
отсюда получаем выражение для произведения растворимостей:
ПР(KA) = [K]·[A] = c1·c1 = 1020, следовательно c1 = 1010 моль/л.
Аналогично для раствора K2A (концентрацию его насыщенного раствора обозначим c2):
K2A = 2K + A2.
концентрации: 2c2моль/л c2моль/л.
ПР(K2A) = [K]2·[A2] = (2c2)2·c2 = 1020, следовательно c2 = 1,36·107 моль/л.
Аналогично для раствора K3A (концентрацию его насыщенного раствора обозначим c3):
K3A = 3K + A3.
концентрации: 3c3моль/л c3моль/л.
ПР(K3A) = [K]3·[A3] = (3c3)3·c3 = 1020, следовательно c2 = 4,39·106 моль/л.
Из приведенных расчетов видно, что в ряду KA, K2A, K3A растворимость увеличивается.
Задание 3.37
При контакте железа с медью образуется гальванический элемент, в котором процессы окисления (железа) и восстановления (водорода на меди) пространственно разделены. В результате скорость коррозии железа увеличивается по сравнению с простым окислением Fe в HCl. Эти процессы можно изобразить следующим образом:
на катоде: 2H + 2e H20 ; на аноде: Fe0 2e Fe2 .
Суммарный процесс: Fe + 2HCl FeCl2 + H20 .
При контакте железа с цинком достигается обратный эффект: цинк, являясь анодом, окисляется, а на железном катоде восстанавливается водород. Т.е. при хорошем контакте этих металлов скорость коррозии железа уменьшается почти до нуля. Уравнения этих процессов:
на катоде: 2H + 2e H20 ; на аноде: Zn0 2e Zn2 .
Суммарный процесс: Zn + 2HCl ZnCl2 + H20 .
Задание 3.45д
Согласно электронной теории кислот и оснований Льюиса, кислота является акцептором, а основание донором электронов. Следовательно, в реакции
AuCl3 + Cl = [AuCl4]
AuCl3 является кислотой Льюиса, а Cl основанием Льюиса.
Задание 4.1в
SO3 + H2O H2SO4 ; P2O5 + 3H2O 2H3PO4 ;
Na2SiO3 + H2SO4 Na2SO4 + H2SiO3 ; KOH + HNO3 KNO3 + H2O ;
K2O + 2HClO4 2KClO4 + H2O ; Al2O3 + 3H2SO4 Al2(SO4)3 + 3H2O .
Задание 4.3д
Al2(CO3)3 + 6H2O 2Al(OH)3 + 3H2CO3 ( H2CO3 CO2 + H2O ) ;
Na2S + H2O NaOH + NaHS , S2 + H2O OH + HS ;
ZrBr4 + 2H2O Zr(OH)2Br2 + 2HBr , Zr4 + 2H2O Zr(OH)22 + 2H ;
CaH2 + 2H2O Ca(OH)2 + 2H2 ; CaH2 + 2H2O Ca2 + 2OH + 2H2 ;
CoCl2 + H2O CoOHCl + HCl , Co2 + H2O CoOH + H .
Задание 4.4
2KMnO4 + 10FeSO4 + 8H2SO4 2MnSO4 + K2SO4 + 5Fe2(SO4)3 + 8H2O ;
Mn7 + 5e Mn2 ·1
Fe2 e Fe3 ·5
MnO4 + 5Fe2 + 8H Mn2 + 5Fe3 + 4H2O .
2KMnO4 + 6KI + 4H2O 2MnO2 + 3I2 + 8KOH ;
Mn7 + 3e Mn4 ·2
2I1 2e I20 ·3
2MnO4 + 6I + 4H2O 2MnO2 + 3I2 + 8OH .
2KMnO4 + K2SO3 + 2KOH 2K2MnO4 + K2SO4 + H2O ;
Mn7 + e Mn6 ·2
S4 2e S6 ·1
2MnO4 + SO32 + 2OH 2MnO42 + SO42 + H2O .
Как видно из молекулярно-ионных уравнений, во всех реакциях принимают участие ионы H или OH. Следовательно, в зависимости от их концентрации, т. е. от pH среды, будет меняться разность потенциалов восстанавливающегося и окисляющегося элементов.
Поэтому для различных условий, т. е. для различных значений pH среды, энергетически выгодны будут различные реакции, что и видно из уравнений.
Задание 4.8б
K4[Fe(CN)6] + 2ZnSO4 Zn2[Fe(CN)6] + 2K2SO4 ;
mZn2[Fe(CN)6] + nK4[Fe(CN)6] {[mZn2[Fe(CN)6]]n[Fe(CN)6]4xK}(4n-x) (4n-x)K
|
|
|
mAl(OH)3 + nAlCl3 {[mAl(OH)3]nAl3xCl}(3n-x) (3n-x)Cl
|
|
|