Расчетно-проектировочные работы и примеры их выполнения. Методическое пособие для студентов дневных / Основные задачи 2-го семестра
.pdfчем для двух сечений.
Для сечений имеющих две оси симметрии и точки одновременно наиболее удаленные от обеих главных осей (примеры таких сечений даны на рис. 1.6),
опасными являются те из угловых точек, в которых знаки напряжений Mx и M y
совпадают. Для бруса из пластичного материала опаснее та из них, в которой возникает максимальное напряжение растяжения (на рис. 1.4 точка L).
Условие прочности в данном случае имеет вид:
max |
M |
x |
M y |
, |
(1.2) |
|
Wy |
||||
|
Wx |
|
|
где Wx и Wy - осевые моменты сопротивления сечения изгибу поперечного бруса (на рис.1.4 точка L).
Пример 3.1.
Исходя из условия прочности подобрать прямоугольное сечение балки (h=2b), нагруженной внешними силами F1=6кН; F2=5кН. Принять =160МПа.
Решение.
Рис. 1.5.
а) Расчетная схема задачи;
69
б) расчетная схема в вертикальной плоскости; в) эпюры изгибающих моментов в вертикальной плоскости;
г) расчетная схема задачи в горизонтальной плоскости; д) эпюра изгибающих моментов в горизонтальной плоскости.
1) Строим расчетную схему балки, нагруженной силой F1=6кН в вертикальной плоскости и определяем из уравнения равновесия опорные реакции (рис.1.5,б)
A=0;
∙2-∙3=0;
===4кН;
B=0;
∙1-∙3=0;
===2кН.
2) Строим эпюру изгибающих моментов Mx в вертикальной плоскости
YOZ (рис. 1.5,в)
MA=0;
Mc=∙1=2∙1=2кН∙м; МD=∙2=2∙2=4кН∙м;
MB=ME=0.
3) Строим расчетную схему балки, нагруженной силой F2 в горизонтальной плоскости и определяем из уравнений равновесия опорные реакции (рис. 1.5,г)
A=0; F2∙4-∙3=0;
===кН;
B=0; F2∙1-∙3=0;
==кН.
4) Строим эпюру изгибающих моментов My в горизонтальной плоскости XOZ (рис. 1.5,д)
MA=0;
Mc=∙1=-кН∙м;
МD=∙2=-2=-кН∙м; MB=-F2 1=-5кН∙м.
5)Определяем максимальные нормальные напряжения для сечения D и
70
B балки по формулам:
, где
Из двух сечений D и B опасным является сечение D, так как в нем больше напряжение: .
6) Из условия прочности при косом изгибе находим размер поперечного сечения балки:
, откуда м, тогда h=2b=9,2см.
3.4. Нулевая линия и опасные точки.
Для того чтобы найти опасную точку поперечного сечения произвольной формы, следует в первую очередь определить положение нулевой (нейтральной) линии этого сечения. Уравнение нулевой линии получают из выражения (1.1), приравнивая нулю его правую часть,
y |
M y |
|
J |
x x . |
(1.3) |
M x |
|
||||
|
|
J y |
|
Силовая и нулевая линии всегда проходят через противоположные квадраты поперечного сечения. Это указание позволяет определить, в какую сторону от оси Ox следует отложить угол , тангенс которого определяется выражением:
tg |
M y |
|
J |
x . |
(1.4) |
M x |
|
||||
|
|
J y |
|
Наибольшие нормальные напряжения возникают в тех точках поперечного сечения, которые наиболее удалены от нулевой линии - это точки A и B (рис.
1.7).
Для бруса из хрупкого материала надо составить два условия прочности:
71
max p |
|
M x |
yA |
M |
y xA |
p |
|
|
|||||||
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
J x |
|
|
|
|
J y |
|
|
|
|
(1.5) |
||
|
|
|
|
M |
|
|
|
|
M y |
|
|
|
|
||
max |
|
|
x |
y |
|
|
x |
|
|
|
|
||||
c |
|
|
|
B |
|
B |
|
|
|||||||
|
|
|
|
J x |
|
|
J y |
|
|
c |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
– допускаемое напряжение по растяжению;
- допускаемое напряжение по сжатию.
Для бруса из пластичного материала опасной является та точка поперечного сечения, в которой возникает наибольшее по абсолютной величине нормальное напряжение; для этой точки и записывается условие прочности.
Рис. 1.6 |
Рис.1.7 |
Например, если брус из пластичного материала имеет поперечное сечение по рис. 1.6 и эпюра нормальных напряжений такова, как показано на этом рисунке, то условие прочности имеет вид:
|
M x |
M y |
xB |
. |
(1.6) |
||
max c |
J |
|
yB J |
|
|||
x |
y |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
3.5. Брус круглого сечения.
Для бруса круглого (сплошного или кольцевого) поперечного сечения, нагруженного силами и моментами, действующими в разных плоскостях, в каждом поперечном сечении нулевая линия перпендикулярна к силовой линии, что характерно для прямого изгиба.
Расчет на прочность ведут по результирующему изгибающему моменту
M И |
M x2 M y2 |
(1.7) |
72
Рис. 1.8
так же как и при прямом изгибе
|
|
max |
|
M И , |
(1.8) |
|
|
|
|
|
WИ |
|
|
для круга WИ |
d 3 |
и для кольца WИ d 3 |
(1 c4 ) , где с |
d |
||
|
32 |
|
|
32 |
|
D |
Определение прогибов при косом изгибе бруса круглого сечения, а так же при пространственном изгибе бруса круглого сечения производится на основе принципа независимости действия сил: определяют отдельные прогибы f x и f y
в каждой из главных плоскостей бруса, а затем путем их геометрического суммирования определяют полный прогиб
f f x2 f y2 . (1.9)
Пример 3.2.
Вычислить коэффициент запаса прочности для опасной точки бруса круглого поперечного сечения (рис. 1.9, α), если T 240 МПа.
Решение. Брус работает на пространственный изгиб. Расчетная схема бруса дана на рис. 1.9, б.
Строим эпюры изгибающих моментов Mx и M y (рис. 1.9, в, г). Опасным
является то поперечное сечение, в котором результирующий изгибающий момент M И достигает наибольшего значения.
73
Рис 1.9
Вычислим M И для сечений 1 – 1 и 2 – 2
(M И )1 1 (qa2 )2 (3,5qa2 )2 3,63qa2 ;
(M И )2 2 (3qa 2 )2 (2qa 2 )2 3,60qa 2 .
Опасным оказалось сечение 1 – 1. По формуле (1.8) определяем максимальное нормальное напряжение в этом сечении
max |
max M |
|
|
3,63qa2 |
|
3,63 10 |
3 4 12 |
|
WИ |
И |
d 3 |
3,14 |
|
148 МПа |
|||
|
|
|
|
|
3 |
|||
|
|
|
|
32 |
|
32 |
0,1 |
Коэффициент запаса по отношению к пределу текучести
n |
T |
|
240 |
1,62 . |
|
max |
|
148 |
|
Пример 3.3.
Из расчета на прочность определить требуемые размеры поперечного сечения деревянного бруса, изображенного на рис. 1.10.
10 МПа.
Решение. Брус работает на пространственной косой изгиб.
Определив опорные реакции Ay и By в вертикальной плоскости иAx и Bx в горизонтальной плоскости, строим эпюры изгибающих моментов Mx и M y (рис.
1.10). В данном случае неясно, какое из поперечных сечений опасно, поэтому выполним расчет на прочность как для сечения посередине пролета (сечение 1 – 1), в котором Mx имеет наибольшее значение, так и для сечения 2 – 2,
расположенного бесконечно близко справа от места приложения момента m: в
74
этом сечении момент M y имеет наибольшее значение.
Рис. 1.10
Определим размеры поперечного сечения бруса из условия его прочности сечении 1 – 1. По формуле (1.2)
( max )1 1 |
M |
x |
M y |
, |
||||||
|
Wy |
|||||||||
|
|
|
Wx |
|
|
|
||||
Wx |
b(3b)2 |
|
3 b3 |
; |
||||||
|
|
|
6 |
|
|
|
2 |
|
|
|
Wy |
|
3b b2 |
|
1 |
b3 |
; |
||||
|
6 |
|
2 |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
( max )1 1 |
|
ql 2 |
|
|
ql 2 |
|
. |
|||
|
8 |
3 b3 |
|
32 |
|
1 b3 |
||||
|
|
2 |
|
|
|
|
|
2 |
|
|
Отсюда
|
7ql2 |
7 10 103 22 |
84 10 |
3 |
м = 84 мм. |
b 3 |
48 3 |
48 10 106 |
|
Аналогично для сечения 2 – 2
75
|
( max )2 2 |
3ql2 |
|
3ql2 |
. |
|||
|
|
|
|
|
32 3 b3 |
|
64 1 b3 |
|
Отсюда |
|
|
|
|
2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
b 3 |
5ql2 |
3 |
5 |
|
10 103 22 |
86 106 м = 86 мм |
||
|
32 |
|
32 |
|
10 106 |
|
|
|
Опасным оказалось сечение 2 – 2; принимаем b = 86 мм.
Пример 3.4.
На стальной брус (рис. 1.11, α) прямоугольного поперечного сечения под углом приложена сила F. Определить величину силы F , если 160 МПа.
Размеры поперечного сечения бруса h=60 мм, b=30 мм. Длина бруса 300 мм. Решение. Брус работает на плоский косой изгиб. Разложив силу F на
составляющие по главным центральным осям (рис. 1.11, α), строим эпюры Mx и
M y (рис. 1.11, б).
Выразим напряжение в точке B через силу F
|
B |
|
(F cos ) y |
B |
|
(F sin ) x |
B |
|
(F cos30 )0,6 |
0,03 |
|
|
J x |
|
J y |
|
0,03 0,063 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
12 |
|
(F sin 30 )0,6 0,015 6,22 104 F 0,06 0,033
12
Рис 1.11
76
Так как в точке B возникает максимальное напряжение |
то B |
, но |
||||||||||
B 6,22 104 F , следовательно |
6,22 104 F 160 106 , откудаF |
160106 |
2,57кН |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6,22 104 |
|
|
|
Опасной точкой является точка B (см. рис. 1.11, а) |
|
|
|
|
||||||||
max B |
max M |
x |
max M y |
|
2,57 |
103 0,6cos30 |
|
2,57 103 0,6sin 30 |
160 a |
|
||
Wx |
Wy |
|
0,03 0,062 |
0,06 0,032 |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
6 |
|
6 |
|
|
|
|
Пример 3.5.
Проверить прочность бруса (рис. 1.12, а) и определить величину прогиба его свободного конца, если 160 МПа, E 2,0 1011 Па.
Вычислить величины наибольших нормальных напряжений в поперечном сечении бруса и прогиба его свободного конца для случая, когда сила приложена
вертикально. Проверим брус на жёсткость, если .
Решение. Брус работает на плоский косой изгиб. Разложив силу F на составляющую Fx и Fy по главным осям х и у, вычислим изгибающие моменты
Mx и M y в опасном сечении (заделки)
max M x Fy l Fl cos |
20 103 |
1,0 0,985 |
19,7 103 |
Н м , |
|
||||||||
max M y Fx l Fl sin 20 103 |
1,0 0,174 |
3,48 10 3 |
Н м. |
|
|||||||||
Вычислим наибольшие нормальные напряжения от изгиба в вертикальной |
|||||||||||||
плоскости M x и от изгиба в горизонтальной плоскости M y |
|
||||||||||||
M x |
A |
|
max M |
x |
|
19,7 103 |
53,1МПа, |
|
|||||
Wx |
371 10 |
6 |
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
M y |
|
|
max M y |
|
3,48 103 |
83,9МПа |
|
||||||
Wy |
|
41,5 10 |
6 |
|
|||||||||
|
A |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Значения осевых моментов сопротивления Wx |
371см3 и W y |
41,5см3 взяты из |
|||||||||||
таблицы сортамента (ГОСТ 8239 – 89). |
|
|
|
|
|
|
|
Рис 1.12
Расчётная схема задачи (а), эпюры нормальных напряжений (б).
77
Эпюры M x |
и M y показаны на рис. 1.12, б. В точке A возникают |
наибольшие растягивающие, а в точке B – наибольшие сжимающие напряжения. Так как материал балки работает одинаково на растяжение и сжатие, то
указанные точки равноопасны. Результирующее напряжение в точке A
max ( M x ) A ( M y ) A 53,1 83,9 137 МПа;
брус недогружен на 160 137 100% 14,4%
160
Как известно, для балки, жестко заделанной одним концом и нагруженной сосредоточенной силой на свободном конце, прогиб свободного конца определяется по формуле
f max |
Fl3 . |
|
|
3EJ |
x |
|
|
Для рассматриваемого бруса прогиб его свободного конца в вертикальной плоскости
f y |
|
Fy l 3 |
|
(F cos )l 3 |
|
20 103 |
0,985 10003 |
0,655 |
мм. |
||
3EJ x |
3EJ x |
3 2,0 105 |
5010 104 |
||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||
То же в горизонтальной плоскости |
|
|
|
|
|||||||
fx |
|
F l3 |
|
(F sin )l3 |
|
20 103 |
0,174 10003 |
2,23 |
мм. |
||
x |
3EJ y |
3 2,0 105 |
260 104 |
||||||||
|
|
3EJ y |
|
|
|
|
|||||
Значение J x 5010см4 5010 104 мм4 |
, J y 260см4 |
260 104 мм4 взяты из таблице |
|||||||||
сортамента. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Полный прогиб свободного конца
f fx2 f y2 2,232 0,6552 2,32 мм.
Проверим балку на жесткость:
Условие жёсткости имеет вид ,
Следовательно, условие жёсткости выполнено. В противном случае, требовалось усилить поперечное сечение балки, взять следующий профиль прокатного профиля.
Если сила F приложена вертикально, то
|
Fl |
|
20 103 103 |
|
2 |
|
max Wx |
|
371 103 |
53,9 Н/мм |
|||
f |
Fl3 |
|
|
20 103 10003 |
0,665 мм |
|
|
3EJ x |
|
2,0 105 5010 104 |
|
Таким образом, при отклонении силы от плоскости наибольшей жесткости
всего на 10 напряжение возросли на 137 53,9 100% 154% , прогиб
53,9
78