- •Міністерство аграрної політики та продовольства україни
- •Критерії оцінювання знань
- •Індивідуальні домашні завдання.
- •Модуль 1.
- •Механіка.
- •Питання модульного контролю:
- •Модуль 1. Механіка і гідроаеродинаміка
- •Модуль 1 "Механіка" Мікромодуль 1м1 "Кінематика"
- •Модуль 1 "Механіка" Мікромодуль 2м1 "Динаміка" Питання для самоконтролю
- •Модуль I «Механика» Микромодуль 1м3 «Элементы гидроаэродинамики» Вопросы для самоконтроля .
- •Задачи для аудиторного и индивидуального решения Примеры решения задач
- •По уравнению Бернулли
- •Задача 2.
- •Задачи аудиторного и индивидуального решения.
- •Справочные данные Плотность ρ твердых тел и жидкостей
- •Модуль 2.
- •Молекулярна фізика та термодинаміка.
- •Питання модульного контролю
- •Модуль 2. Молекулярна фізика і термодинаміка
- •Задачі для самостійного та індивідуального розв'язання.
- •2.1. Молекулярно - кінетична теорія ідеальних газів.
- •2.2. Термодинаміка
- •Модуль 3.
- •3.1. Електростатика
- •3.2. Постійний струм
- •Довідкові таблиці
- •Магнетизм. Приклади розв’язку задач.
- •Задачі для самостійного розв'язання.
- •3.3. Магнітне поле струмів.
- •3.4. Частинка у магнітному полі
- •3.5. Ерс індукції і самоіндукції
- •Модуль 4.
- •Вычислим
- •Задачи для самостоятельного и индивидуального решения
- •4.1. Гармонические колебания
- •4.2. Электрический колебательный контур
- •4.3. Волны
- •4.4. Дифракция света
- •4.5. Тепловое излучение
- •Модуль 5.
- •Задачи для самостоятельного и индивидуального решения
- •Справочные таблицы
- •1. Масса покоя некоторых частиц, а.Е.М. Электрон - 0,00055 Нейтрон - 1,00867
- •2. Массы нейтральных атомов некоторых изотопов, а.Е.М.
Модуль 3.
Електростатика. Постійний струм.
МОДУЛЬ 3.
Електростатика. Постійний струм.
Приклади розв’язку задач
Задача 1. Дві мідні кульки масою m=8 г мають по 2,21024 електронів. Скільки електронів необхідно вилучити з кожної кульки, щоб сила електростатичного відштовхування компенсувала силу гравітаційного притягання? Чому дорівнює маса цих вилучених електронів? Яку долю від всіх електронів вони складають?
Дано: |
Розв’язання: |
N1 = N2 = N0 = 2,21024 |
Із вилученням електронів кульки будуть мати позитивний заряд (1) де е=1,610-19 Кл – абсолютний заряд одного електрона (або протона), N – число вилучених електронів |
V1 = V2 = 1 см3 = 110-6 м3 | |
m1 = m2 = m = 8 г = 810-3 кг | |
mе = 9,110-3 кг | |
е = 1,610-9 Кл | |
Розміри кульки невеликі (густина міді ), ще й візьмемо відстаньr між цими кульками такою, щоб кульки можна розглядати як матеріальні точки і як точкові заряди.
Між зарядженими кульками діють електростатичні (кулонівські) сили відштовхування та сили тяготіння (рис.1)
Кулонівські та гравітаційні сили лежать на одній прямій й напрямлені в протилежні сторони. У рівновазі абсолютні значення цих сил однакові:
. (2)
Оскільки q1=q2=q і m1=m2=m, то
, звідки
.
Тоді кількість електронів
, (3)
де е=1,610-19 Кл – заряд електрона.
Маса всіх вилучених електронів
. (4)
де mе – маса електрона.
Для вилучених електронів N дорівнює
(5)
Виконуємо обчислення:
.
.
Доля електронів .
Задача 2. Два точкові електричні заряди 1 нКл та 2 нКл перебувають у повітрі на відстані 10 см один від одного. Визначити напруженість і потенціал поля, створюваного цими зарядами в точці А, віддаленій від першого заряду на відстань 9 см та від другого заряду на 7 см.
Дано: |
Розв’язання: |
q1 = 1 нКл = 10-9 Кл |
За принципом суперпозиції полів напруженість поля в точці може бути знайдена як векторна сума напруженостей полів, створюваних кожним із зарядів окремо (рис. 2):
Напруженості полів, створюваних зарядами, дорівнюють (у повітрі =1): |
q2 = -2 нКл = -210-9 Кл | |
d =10 см = 0,1 м | |
r1 = 9 см = 0,09 м | |
r2 = 7 см = 0,07 м | |
Е - ? - ? | |
|
, (1) . (2) |
Вектор напрямлений по силовій лінії від позитивного зарядуq1 , вектор напрямлений по силовій лінії до негативного зарядуq2 . Модуль вектора напруженості результуючого поля знаходимо за теоремою косинусів:
, (3)
де - кут між векторами та(рис.1).
.
Підставляючи вирази Е1 та Е2 з формул (1) і (2) у формулу (3) дістаємо:
.
Потенціал результуючого поля визначаємо згідно з принципом суперпозиції електричних полів:
.
Рис. 2
Потенціали полів, створюваних зарядами, дорівнюють
.
У даному разі маємо:
.
Виконуємо обчислення:
Задача 3. Електричне поле створюється двома зарядами 4 мкКл та -2 мкКл, що містяться на відстані 0,1 м один від одного. Визначити роботу сил поля з переміщення заряду 50нКл з точки 1 в точку 2 (рис. 3).
Дано: |
Розв’язання: |
q1 = 4 мкКл = 410-6 Кл |
Робота, виконувана в електростатичному полі, дорівнює: , де 1 і 2 – потенціали поля в точках 1 і 2.
|
q2 = -2 мкКл =-210-6 Кл | |
q = 50 нКл = 510-9 Кл | |
а = 0,1 м | |
А - ? |
Застосовуючи принцип суперпозиції полів, визначаємо ці потенціали:
;
.
Тоді.
або
.
Виконуємо обчислення:
Відповідь: А = 1,4310-2 Дж.
Задача 4. Визначити різницю потенціалів, яку має пройти в електричному полі електрон, швидкість якого дорівнює 106 м/с для того, щоб його швидкість зросла вдвічі.
Дано: |
Розв’язання: |
= 106 м/с |
Прискорювальну різницю потенціалів можна знайти, визначивши роботу сил електростатичного поля: |
n = 2 | |
U - ? | |
|
. (4) |
Робота сил електростатичного поля в даному випадку дорівнює зміні кінетичної енергії електрона:
. (5)
де 1 і 2 – швидкості електрона до та після проходження прискорюю чого поля відповідно.
Прирівняємо праві частини виразів (4) і (5) і одержимо
,
де .
Звідси різниця потенціалів
.
Виконуємо обчислення:
.
Відповідь: U = 8,53 В.
Задача 5. Визначити відстань між пластинами плоского конденсатора, якщо між ними прикладена різниця потенціалів U = 150 В, причому площа кожної пластини S = 100 см2, її заряд Q = 10 нКл. Діелектриком є слюда (=7).
Дано: |
Розв’язання: |
U = 150 В |
Електроємність плоского конденсатора: . З іншого боку електроємність визначається як: . |
S = 100 см2 = 10-2 м2 | |
Q = 10 нКл = 10-8 Кл | |
= 7 | |
d - ? |
Прирівнюючи праві частини формул, отримаємо:
, звідки .
Відповідь: d = 9,29 мм.
Задача 6. Різниця потенціалів між точками А та В U = 9 В (рис. 4). Електроємність конденсаторів дорівнює відповідно С1= 3 мкФ та С2= 6 мкФ. Визначити: 1) заряди Q1 та Q2; 2) різницю потенціалів U1 та U2 на обкладинках кожного конденсатора.
Дано: |
Розв’язання: |
U = 9 В |
Падіння напруг між точками А та В (рис.3), можна представити у вигляді: . |
С1=3 мкФ = 310-6 Ф | |
С2=6 мкФ = 610-6 Ф | |
Q1, Q2- ? U1, U2 - ? |
Електричний заряд у послідовно з’єднаних конденсаторів однаковий, тому:
.
Величина ємностей може бути представлена у вигляді: .
Звідки слідує, що . Падіння напруги на другому конденсаторі може бути представлене у вигляді:. Величина напруги між точками А та В:.
Величина падіння напруги на першому конденсаторі:
.
Відповідно падіння напруги на другому конденсаторі:
.
Величина заряду на обкладинках конденсаторів:
.
Відповідь: Q = 2710-6 Кл, U1 = 6 В, U2 = 3 В.
Задача 7. Внутрішній опір акумулятора 1 Ом. При силі струму 2 А його ККД дорівнює 0,5. Визначити ЕРС акумулятора.
Дано: |
Розв’язання: |
r = 1 Ом |
ККД джерела живлення: (1) де R – зовнішній опір (опір навантаження). |
І = 2 А | |
= 0,8 | |
- ? |
Звідки (2)
За законом Ома для повного кола
, (3)
де І – сила струму, - ЕРС акумуляторів.
Звідки із (3) та (2) отримуємо:
. (4)
Виконуємо обчислення:
.
Відповідь: = 10 В.
Задача 8. Потенціометр опором 100 Ом підключений до батареї з ЕРС 150 В та внутрішнім опором 50 Ом. Визначити покази вольтметра, з’єднаного з однією із клем потенціометра і контактом посередині потенціометра. Внутрішній опір вольтметра дорівнює 500 Ом.
Дано: |
Розв’язання: |
R = 100 Ом |
Показ вольтметра, відімкненого до точок А і В (рис. 5), визначаємо за законом Ома для однорідної ділянки кола: , де R1 – опір паралельно з’єднаних вольтметра і половини потенціометра; |
E = 150 B | |
r = 50 Ом | |
RV = 500 Ом | |
U - ? | |
|
І – сумарна сила струму в цій частині кола (вона дорівнює силі струму в нерозгалуженій частині кола). |
Силу струму знаходимо за законом Ома для повного кола:
,
де Re – опір зовнішнього кола. Цей опір є сумою двох послідовно з’єднаних опорів:
.
Тоді .
Опір R1 знаходимо за формулою паралельного з’єднання провідників:
або;.
Визначаємо силу струму та покази вольтметра:
,.
Задача 9. Сила струму в провіднику опором 20 Ом зростає протягом 2с за лінійним законом від 0 до 6А. Визначити теплоту, що виділилася в цьому провіднику за першу і другу секунди, а також знайти відношення цих кількостей теплоти.
Дано: |
Розв’язання: |
R = 20 Ом |
Закон Джоуля-Ленца справедливий при проходженні по провіднику постійного струму. Якщо ж сила струму в провіднику змінюється, то цей закон справджується для нескінченно малого інтервалу часу і записується у вигляді: (6) |
t = 2c | |
I0 = 0 A | |
t1 = 1c | |
t2 = 2c | |
Q1 - ? Q2 - ? |
Тут сила струму є деякою функцією часу. У даному випадку
, (7)
де к – коефіцієнт пропорційності, який характеризує швидкість зміни сили струму:
.
З урахуванням виразу (6) формула(7) набирає вигляду:
. (8)
Для визначення теплоти, що виділилася за скінчений інтервал часу, вираз (8) інтегруємо в необхідних межах часу:
;
.
Виконуємо обчислення:
;
.
Отже,
,
тобто за другу секунду виділиться теплоти в 7 разів більше, ніж за першу.
Задача 10. Температура вольфрамової нитки електролампи 2000 0С, діаметр 0,02 мм, сила струму 4А. Знайти напруженість поля в нитці. Питомий опір вольфраму при 00С 0 = 5,510-8 Омм, температурний коефіцієнт опору = 5,210-3 К-1.
Дано: |
Розв’язання: |
t = 2000 0С |
За визначенням густини струму: (1) де I – сила струму, S – площа поперечного перерізу провідника.
|
d = 0,02 мм | |
I = 4 A | |
0 = 5,510-8 Омм | |
= 5,210-3 К-1 | |
E - ? |
За законом Ома в диференціальній формі:
, (2)
де Е – напруженість електричного поля, - питома електропровідність вольфраму.
Питомий опір провідника залежить від його температури t:
, (3)
де 0 – питомий опір при 00С,
- температурний коефіцієнт опору.
З рівнянь (1)-(3) отримуємо:
.
Виконуємо обчислення:
.
Відповідь: Е = 8000 В/м
Задача 11. Визначити загальний опір між точками А та В кола, представленого на рис.6а, якщо R1 = 1 Ом, R2 = 3 Ом, R3 = R4 = R6 = 2 Ом, R5 = 4 Ом.
Дано: |
Розв’язання: |
R1 = 1 Ом |
|
R2 = 3 Ом | |
R3 = R4 = R6 = 2 Ом | |
R5 = 4 Ом | |
R - ? | |
|
Рис. 6а. |
Будуємо еквівалентну схему (рис.6б):
Як видно із еквівалентної схеми опори 3 та 6 з’єднані паралельно, тому величина їх еквівалентного опору:
.
Опір 2 з’єднаний послідовно з найденим еквівалентним опором R36, тому:
.
Опір 5 з’єднаний паралельно із знайденим еквівалентним опором, тому:
.
Опір 1 з’єднаний послідовно з найденим еквівалентним опором, тому:
.
Опір 4 з’єднаний паралельно із знайденим еквівалентним опором, тому загальний опір схеми:
.
Відповідь: R = 1,2 Ом.