Контрольна робота № 1
Для виконання контрольної роботи потрібно:
1) переписати умови всіх задач даного варіанту (можна замість повних умов задач записати лише їх номер);
опрацювати відповідний теоретичний матеріал посібника;
застосувати необхідні формули і розв’язати завдання.
Наведемо зразок контрольної роботи № 1, її виконання і оформлення.
Зразок розв’язання і оформлення контрольної роботи № 1.
Варіант№31
Завдання 1.1.31 Знайти матрицю,
якщо ;;.
Розв’язання. Знайдемо добуток матриць і :
Помножимо знайдену матрицю на 4:
Піднесемо матрицю до квадрата і помножимо її на 3:
Знайдемо матрицю :
Завдання 1.2.31Дослідити на сумісність і розв’язати систему лінійних рівнянь, користуючись методом Гаусса, Крамера та матричним
Розв’язання. Дослідимо систему рівнянь на сумісність за допомогою теореми Кронекера-Капеллі. Запишемо розширену матрицюсистеми:
.
Виконаємо елементарні перетворення матриці , а саме: помножимо елементи першого рядка на (2) і додамо до другого; помножимо елементи першого рядка на (8) і додамо до третього рядка. Отримаємо
.
Оскільки і кількість невідомих , то система сумісна і має єдиний розв’язок.
Відповідно до останньої матриці, система набула трикутного вигляду:
Отже, розв’язком системи є:
Розв’яжемо систему рівнянь методом Крамера.
Знайдемо визначник системи рівняньта визначники,,:
Оскільки , то система рівнянь має єдиний розв’язок, який знайдемо за формулами Крамера (1.15):
Отже, розв’язком системи є: Дійсно, підставивши отриманий розв’язок в задану систему рівнянь, отримаємо тотожності.
Розв’яжемо систему рівнянь матричним методом.
Запишемо матриці тасистеми у вигляді:
; ;.
Згідно з формулою (1.16) систему лінійних рівнянь можна записати матричним рівнянням розв’язок якого задається формулою (1.17).
Знайдемо матрицю, обернену до матриці , за формулою (1.6). Для цього спочатку обчислимо визначник матриці:
Оскільки то обернена матриця існує. Обчислимо алгебраїчні доповнення елементів матриці:
Отже, обернена матриця має вигляд:
Знайдемо матрицю як добуток двох матрицьі:
Таким чином,
Завдання 1.3.31 Задані координати точок ,- вершини пірамідиЗнайти:
а) координати векторів ,,та їхні довжини;
б) кут при вершині грані ;
в) площу основи піраміди;
г) об’єм піраміди та довжину висоти, опущеної з вершинина основу.
Розв’язання.
а) Знайдемо координати векторів ,,, застосувавши формулу (2.5):
Для знаходження довжини вектора застосуємо формулу (2.4):
б) З формули (2.17) знайдемо :
.
За формулою (2.19) знайдемо: .
Кут при вершині грані :
в) Якщо відомі координати вершин трикутника , то його площу можна знайти за формулою
.
,
.
Отже, площа основи пірамідидорівнює.
г) Використаємо формулу (2.26) для знаходження об’єму піраміди :
З формули об’єму піраміди виразимо
,
Завдання 1.4..31Задано трикутник з вершинами. Необхідно:
а) скласти рівняння сторони , записати у відрізках на осях та у вигляді рівняння з кутовим коефіцієнтом, привести до нормального виду;
б) записати загальне рівняння медіани , висотита прямої, яка паралельна стороні;
в) знайти довжину висоти та внутрішній кут між медіаноюі стороною.
Розв’язання:
а) рівняння сторони знайдемо за формулою (3.5)
і приведемо його до вигляду рівняння з кутовим коефіцієнтом:
Зведемо рівняння сторони до вигляду рівняння прямої у відрізках на осях (3.11), деі
, а отже, ,
Підставивши у рівняння замістьіїх числові значення, отримаємо:
Загальне рівняння прямої :приведемо до нормального виду. Обидві частини загального рівняння необхідно помножити на нормуючий множник. В даному випадкуЗнак нормуючого множника береться протилежним знаку вільного члена загального рівняння. Отже,
Помножимо дане рівняння на і отримаємо нормальне рівняння прямої:
б) знайдемо точку М, як середину сторони ВС.
.
Складемо рівняння медіани , як рівняння прямої, що проходять через дві точки, використовуючи формулу (3.5):
;
.
Знайдемо рівняння висоти за формулою (3.10). Оскільки висотапроходить через точкуі має нормальний вектор, то рівняння висоти має вигляд:
, .
Напрямний вектор прямої . Оскільки прямапаралельна стороні, і враховуючи, що прямапроходить через точку, за формулою (3.6) запишемо шукане рівняння прямої:
.
в) довжину висоти знаходимо як відстаньвід точкидо сторониза формулою (3.22):
Запишемо рівняння прямої як рівняння прямої, що проходять через дві точки, використовуючи формулу (3.5) і приведемо його до загального вигляду:
.
Кут між медіаною і стороноюзнайдемо за формулою (3.13). Для цього визначимо кутові коефіцієнти прямихі:
, .
, .
Завдання 1.5.31. Обчислити границі, не користуючись правилом Лопіталя:
а); б) ; в);
г) ; д); е) ; є).
Розв’язання:
а) розкладемо чисельник і знаменник дробу на множники, а потім скоротимо дріб на :
б) помножимо чисельник і знаменник дробу на вираз , а потім скоротимо дріб на:
в) користуючись таблицею еквівалентних нескінченно малих величин, замінимо нескінченно малі величини в чисельнику і знаменнику еквівалентними: ;
г) скористаємось другою важливою границею(4.2):
;
д) поділимо чисельник і знаменник дробу на в найбільшому степені, тобто на:
;
е)поділимо чисельник і знаменник дробу на в найбільшому степені, тобто на:
є) помножимо чисельник і знаменник дробу на вираз , виконаємо тригонометричні перетворення та замінимо в чисельнику нескінченно малі величиниіеквівалентними, потім скоротимо дріб на:
Завдання 1.7.31. Знайти похідні функцій:
а) ; б) ; в); г).
Розв’язання:
а)скористаємось правилом диференціювання складеної функції (5.9):
б) скористаємось формулою похідної добутку двох функцій (5.7) та правилом диференціювання складеної функції (5.9):
;
в) прологарифмуємо обидві частини рівності, а потім продиференціюємо отриману рівність, використовуючи правило диференціювання складеної функції (5.9): , звідси:
;
г) продиференціюємо обидві частини рівності по , вважаючи функцією від: ;;; .
Завдання 1.8..31 Знайти похідну функції, заданої параметрично:
Розв’язання. Знайдемо похідну:.
Завдання 1.9..31 Знайти похідну другого порядку функції .
Розв’язання. Знайдемо спочатку похідну першого порядку даної функції: , потім знайдемо похідну другого порядку:.
Завдання 1.10..31 Скласти рівняння дотичної та нормалі до кривої в точці з абсцисою.
Розв’язання. Знайдемо похідну даної функції та її значення в точці :
,
.
Знайдемо :. Підставимо отримані значення в рівняння дотичної (5.5) та нормалі (5.6):
Отже, рівняння дотичної до даної кривої:
або ;
рівняння нормалі: або.
Завдання 1.11..31 Знайти диференціал та наближене значення функції в точці .
Розв’язання. Знайдемо диференціал функції за формулою (5.13): .
Знайдемо наближене значення функції в точці за формулою (5.14), де
Завдання 1.12..31 Знайти границі за правилом Лопіталя: а) ; б).
Розв’язання: а) подамо добуток функцій у вигляді частки, а потім застосуємо правило Лопіталя (5.15):
б) запишемо функцію у вигляді степеня з натуральною основою і, користуючись властивістю логарифмів, подамо показник степеня у вигляді частки, що дасть можливість використати правило Лопіталя (5.15):
Завдання 1.13..31 Дослідити функції та побудувати їх графіки:
а) ; б) .
Розв’язання: а) Область визначення даної функції . В точці функція має розрив. Знайдемо односторонні границі функції:
,
отже, — точка розриву другого роду.
Пряма є вертикальною асимптотою кривої.
Функція ні парна, ні непарна, неперіодична.
Знайдемо екстремуми та інтервали монотонності функції:
в точці , яка є критичною,
не існує в точці , але це не критична точка, тому що вона є точкою розриву .
— функція зростає при
—функція спадає при .Отже, — точкамінімуму: .
Знайдемо інтервали опуклості та вгнутості, точки перегину:
, не існує при , але ця точка не може бути точкою перегину, тому що є точкою розриву.
Отже, графік функції не має точок перегину, причому на всій області визначення, тому графік функції всюди вгнутий.
Знайдемо асимптоти:
— вертикальна асимптота;
отже, пряма — похила асимптота.
Графік функції перетинає вісь Ox в точці (1;0) і не перетинає вісь Oy.
За результатами досліджень будуємо графік функції:
б) Область визначення даної функції .В точці функція має розрив. Використовуючи правило Лопіталя (5.15), знайдемо односторонні границі функції:
аналогічно,
отже, — точка розриву другого роду.
Пряма є вертикальною асимптотою кривої.
Функція ні парна, ні непарна, неперіодична.
Знайдемо екстремуми та інтервали монотонності функції:
,
в точці , яка є критичною,
не існує в точці , але це не критична точка, тому що вона є точкою розриву .
— функція зростає при ,
—функція спадає при .Отже, — точкамінімуму: .
Знайдемо інтервали опуклості та вгнутості, точки перегину:
, , існує на всій області визначення функції. Отже, графік функції не має точок перегину, причому на всій області визначення, тому графік функції всюди вгнутий.
Знайдемо асимптоти: — вертикальна асимптота;
, отже, похилих асимптот немає.
Графік функції не перетинається з осями координат. Початок координат є граничною точкою лівої вітки графіка.
Знайдемо декілька допоміжних точок: .
За результатами досліджень будуємо графік функції:
ВАРІАНТИ ЗАВДАНЬ КОНТРОЛЬНОЇ РОБОТИ 1
Завдання 1.1. Знайти матрицю ,