Matematika / Методические указания для самостоятельной работы студентов I курса
..pdfМинистерство образования и науки Российской Федерации
Казанский государственный архитектурно-строительный университет
Кафедра высшей математики
Элементы векторной и линейной алгебры.
Аналитическая геометрия.
Методические указания для самостоятельной работы студентов I курса
Казань
2012
c Казанский государственный архитектурно-строительный университет, 2012c www.5354.ru
5354.ru
Содержание
Основные понятия и формулы векторной алгебры |
3 |
Элементы аналитической геометрии (в пространстве) |
4 |
Кривые второго порядка |
6 |
Решение системы линейных уравнений |
10 |
5354.ru
2
Основные понятия и формулы векторной алгебры
1. Если a11, a12, a21, a22 – числа, то определителем второго порядка называется число, определяемое формулой
|
a11 |
a12 |
|
= a11a22 a12a21: |
|
|
|
|
|
a21 a22
2.Определитель третьего порядка определяется равенством
|
a11 |
a12 |
a13 |
= a11 |
|
a32 |
a33 |
|
a12 |
|
a31 |
a33 |
|
+ a13 |
|
a31 |
a32 |
: |
a21 |
a22 |
a23 |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
a22 |
a23 |
|
|
|
a21 |
a23 |
|
|
|
a21 |
a22 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a31 a32 a33
3.Разложение вектора по базисным векторам
a = axi + ayj + azk или a = (ax; ay; az).
Если a = AB, где точки A и B заданы координатами A(x1; y1; z1) и B(x2; y2; z2), то
ax = x2 x1; ay = y2 y1; az = z2 z1:
4. Длина (модуль) вектора
q
jaj = a2x + a2y + a2z;
расстояние между точками A и B
p
jABj = (x2 x1)2 + (y2 y1)2 + (z2 z1)2:
5.Скалярное произведение векторов, заданных своими проекциями. Если векторы заданы своими проекциями:
|
|
= (ax; ay; az); b = (bx; by; bz); |
|
|||||||||
|
a |
|
||||||||||
то скалярное произведение |
|
|||||||||||
|
|
( |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
a; b) = axbx + ayby + azbz: |
|
|||||||||
6. Вычисление угла между векторами |
|
|||||||||||
cos ' = |
|
|
|
|
axbx + ayby + azbz |
: |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
qax2 + ay2 + az2 qbx2 + by2 + bz2 |
||||||||||||
|
|
|
|
5354.ru |
3
7. Векторное произведение векторов, заданных своими проекциями
i j k
[a; b] = ax ay az :
bx by bz
8.Смешанное произведение векторов. Если векторы заданы своими проекциями:
a = (ax; ay; az); b = (bx; by; bz); c = (cx; cy; cz);
то смешанное произведение векторов
ax ay az
(a; b; c) = bx by bz :
cx cy cz
Элементы аналитической геометрии (в пространстве)
Здесь и далее даётся решение примеров и задач. Соответствующий теоретический материал, а именно, основные понятия и вывод соответствующих формул, можно найти в книгах [1] - [3].
Рассмотрим следующую задачу. Даны координаты вершин пирамиды:
A1(x1; y1; z1); A2(x2; y2; z2); A3(x3; y3; z3); A4(x4; y4; z4):
Возьмём для определённости A1(7; 6; 3), A2(6; 5; 8), A3(3; 6; 8), A4(8; 4; 1). Требуется:
1.Найти длину ребра A1A2.
Согласно формуле A1A2 = (x2 x1; y2 y1; z2 z1) имеем
A1A2 = (6 7; 5 6; 8 3) или A1A2 = ( 1; 1; 5). Пусть ax = 1, ay = 1, az = 5. Тогда искомая длина
|
|
|
|
j = q |
|
|
|
|
|
= p |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
j |
A1A2 |
ax2 + ay2 + az2 |
= ( 1)2 |
+ ( 1)2 |
+ 52 |
27 |
|||||||
|
|
|
p |
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
||
или j |
A1A2 |
j = 3 |
3. |
|
|
|
|
|
|
|
|
2.Найти угол между ребрами A1A2 и A1A4.
Имеем A1A2 = ( 1; 1; 5). Аналогичным образом находим A1A4 = (1; 2; 2). Обозначим bx = 1, by = 2, bz = 2.
Косинус искомого угла ищем по формуле
cos ' = (A1A2; A1A4)
jA1A2jjA1A4j 5354.ru
4
или |
|
|
|
axbx + ayby + azbz |
|
|
|
|
|
||||||||
cos ' = |
|
|
|
|
: |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Тогда |
|
qax2 + ay2 + az2 |
qbx2 + by2 + bz2 |
|
|||||||||||||
cos ' = |
1 1 + ( 1) ( 2) + 5 ( 2) |
= |
1 |
: |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
p |
|
|
||||
|
|
|
|
3 3 3 |
|
|
|
3 |
|
||||||||
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Окончательно, имеем cos ' = |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
3 |
|
|
|
|
|
|
|
3.Найти угол между ребром A1A4 и гранью A1A2A3.
Найдем: вектор A1A3 = (x3 x1; y3 y1; z3 z1) или A1A3 = ( 4; 0; 5) и
нормальный вектор плоскости A1A2A3, т. е. вектор N
i |
j k |
N = [A1A2; A1A3] = 1 1 5 = 5i 15j 4k:
4 0 5
Так как нормальный вектор плоскости N = ( 5; 15; 4) и направляющий вектор прямой a = A1A4 = (1; 2; 2) известны, то синус искомого угла
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
j(N; |
|
|
)j |
= |
|
j 5 1 + ( 15) ( 2) + ( 4) ( 2)j |
|
|||||||||||
sin |
a |
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
j |
11jj |
j |
p( 5) |
+ ( 15) + ( 4) |
|
p1 |
+ ( 2) + ( 2) |
|
|||||||||
|
|
|
|
N |
a |
|
|
|
2 |
2 |
2 |
2 |
2 |
2 |
||||||
или sin |
= |
p |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
266 |
|
|
|
|
|
|
|
|
4.Найти площадь грани A1A2A3. Искомую площадь S ищем по формуле
1
S = 2j[A1A2; A1A3]j:
Тогда с учётом найденного в пункте 3 векторного произведения, имеем:
S= 12p( 5)2 + ( 15)2 + ( 4)2 = 12 p266:
5.Найти объём пирамиды A1A2A3A4.
Для нахождения искомого объёма V воспользуемся формулой
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
V = |
j(A1A2; A1A3 |
; A1A4)j: |
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
6 |
|
|
|||||||||||||||||||||
Так как |
; A1A4) = |
4 0 5 |
= 33; |
|
||||||||||||||||||||
(A1A2; A1A3 |
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
5 |
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
2 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
11 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
то объём пирамиды: V = |
|
|
33 = |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5354.ru |
|||||||||
6 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
5
6.Найти уравнение прямой A1A2.
Воспользуемся уравнением прямой, проходящей через две точки:
|
|
x x1 |
= |
y y1 |
= |
z z1 |
; |
|
|
|
||||||
|
|
x2 x1 |
|
y2 y1 |
|
z2 z1 |
|
|
|
|||||||
которое в нашем случае принимает вид: |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
x 7 |
= |
y 6 |
= |
z 3 |
или |
x 7 |
= |
y 6 |
= |
z 3 |
. |
|||||
6 7 |
|
5 6 |
|
8 3 |
1 |
|
1 |
5 |
|
7.Найти уравнение плоскости A1A2A3. Воспользуемся уравнением плоскости в виде:
A(x x0) + B(y y0) + C(z z0) = 0:
Здесь нормальный вектор плоскости N = (A; B; C) найден в пункте 3 и имеет вид N = ( 5; 15; 4), а в качестве точки (x0; y0; z0) лежащей на плоскости, берем точку A1(7; 6; 3). Тогда уравнение плоскости A1; A2; A3 имеет вид:
5(x 7) 15(y 6) 4(z 3) = 0
или
5x + 15y + 4z 137 = 0:
8.Найти уравнение высоты, опущенной из вершины A4 на грань A1A2A3. Воспользуемся уравнением прямой в виде
x x0 |
= |
y y0 |
= |
z z0 |
: |
|
m |
n |
p |
||||
|
|
|
Здесь в качестве направляющего вектора a прямой берем вектор
a = N = ( 5; 15; 4), а в качестве начальной точки x0; y0; z0) берем точку A4(8; 4; 1). Тогда искомое уравнение высоты имеет вид
x 8 |
= |
y 4 |
= |
z 1 |
или |
x 8 |
= |
y 4 |
= |
z 1 |
: |
5 |
15 |
4 |
5 |
|
|
||||||
|
|
|
15 |
4 |
|
Элементы аналитической геометрии (на плоскости).
Кривые второго порядка
Здесь требуется привести к каноническому виду уравнения кривых второго порядка и сделать чертеж.
1.2x2 + 2y2 = 8.
Разделим обе части уравнения на “два” и получим:
x2 + y2 = 4:
5354.ru
6
Это уравнение окружности с центром в начале координат – точке O(0; 0) и радиусом R = 2 (Рис. 1).
|
|
Y |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
X |
-2 |
-1 |
1 |
2 |
|
|
-1 |
|
|
|
-2 |
|
Рис. 1: Окружность x2 + y2 = 4 |
2.8x2 + 2y2 = 8.
Разделим обе части уравнения на “восемь” и получим
x2 + y2 = 1:
1 4
Это каноническое уравнение эллипса с центром в начале координат – точке O(0; 0); осями симметрии, совпадающими с осями координат; полуоси эллипса a = 1, b = 2 (Рис. 2).
Y
2
1
X
-2 |
-1 |
1 |
2 |
-1
-2
Рис. 2: Эллипс |
|
x2 |
y2 |
|
|||||
|
|
+ |
|
= 1 |
|
||||
1 |
4 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||
3. 4x2 9y2 = 36. Разделим обе части уравнения на “36” и получим |
|
||||||||
x2 |
y2 |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
= 1: |
5354.ru |
||||
|
9 |
4 |
7
Это каноническое уравнение гиперболы с центром в начале координат; осями симметрии, совпадающими с осями координат; с действительной полуосью a = 3 и мнимой полуосью b = 2 (Рис. 3). Прямоугольник со сторонами 2a = 6 и 2b = 4 есть основной прямоугольник гиперболы. Диагонали основного прямоугольника (неограниченно продолженные) являются асимптотами гиперболы. Их уравнения имеют вид
|
|
2 |
и |
y = |
2 |
|
|
y = |
3x |
3x: |
|||
|
|
Y |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
X |
-4 |
-2 |
|
|
2 |
|
4 |
|
|
-1 |
|
|
|
|
|
|
-2 |
|
|
|
|
|
|
-3 |
|
|
|
|
|
Рис. 3: Гипербола |
x2 |
y2 |
|
||
|
9 |
4 = 1 |
4.y2 + 2y 4x2 + 8x 7 = 0.
Дополним в уравнении члены, содержащие x и y, до полных квадратов. Получим (y2 + 2y + 1) 1 4(x2 2x + 1) + 4 7 = 0 или
(y + 1)2 4(x 1)2 = 4:
Разделим обе части уравнения на “четыре” и получим
(y + 1)2 (x 1)2 = 1: 4 1
Это каноническое уравнение гиперболы с центром в точке O(1; 1); осями симметрии, параллельными осям координат; с действительной полуосью b = 2 и мнимой полуосью a = 1 (Рис. 4).
5354.ru
8
|
Y |
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
-2 |
-1 |
1 |
2 |
|
3 |
X |
|
|
|||||
|
-2 |
|
|
|
|
|
|
-4 |
|
|
|
|
|
Рис. 4: Гипербола |
(y + 1)2 |
|
(x 1)2 |
= 1 |
||
|
4 |
1 |
|
5.2y2 4y + x = 1 Дополняя в уравнении члены, содержащие y, до полного квадрата, получим
2(y2 2y + 1) 2 + x = 1 или 2(y 1)2 = 3 x,
откуда
(y 1)2 = 12(x 3):
Получили уравнение параболы с вершиной в точке O1(3; 1) и осью симметрии, параллельной оси Ox; при этом параметр параболы p = 14 (Рис. 5).
|
Y |
|
|
|
2 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
X |
-1 |
1 |
2 |
3 |
Рис. 5: Парабола (y 1)2 = 12(x 3)
5354.ru
9
Элементы линейной алгебры.
Решение системы линейных уравнений
Рассмотрим следующую задачу. Дана система трёх линейных уравнений для трёх неизвестных:
8
> x1 + 2x2 + x3 = 8
<
3x1 + 2x2 + x3 = 10
>
: 4x1 + 3x2 2x3 = 4:
Требуется решить систему
по формулам Крамера;
с помощью матриц;
методом Гаусса.
1.Решение системы по формулам Крамера. Вычислим предварительно опре-
делитель системы:
|
1 |
2 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
3 |
2 |
1 |
|
= 14: |
|
4 |
3 |
2 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
и определители, получаемые из , заменой соответствующего столбца на столбец свободных членов
1 |
= |
10 |
2 |
1 |
= 14; |
|
2 |
= |
3 10 1 |
= 28; |
|||||||
|
|
|
8 |
2 |
1 |
|
|
|
|
|
|
1 |
8 |
1 |
|
||
|
|
|
4 |
3 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
4 |
4 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
2 |
8 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 = 3 |
2 10 = 42: |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
3 |
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Тогда, по формулам Крамера, найдем
x1 = |
1 |
= |
14 |
= 1; x2 = |
2 |
= |
28 |
= 2; x3 = |
3 |
= |
42 |
= 3: |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
14 |
|
|
14 |
|
14 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Таким образом, x1 = 1; x2 = 2; x3 = |
3. |
|
|
|
|
|
|
|
2. Решение системы с помощью матриц. Выпишем матрицу системы
A = |
0 |
3 |
2 |
1 |
1 |
: |
|
B |
1 |
2 |
1 |
C |
|
|
4 |
3 |
2 |
|
||
|
@ |
|
|
|
A |
|
5354.ru
10