Dyukarev, Litvinova Diff
..pdfb
yj qj(s) x(s)ds
a
, j 1,2, ,n.. |
(20.4) |
За допомогою цих величин рівняння (20.3) можна записати в еквівалентній формі
|
x(t) nj 1 pj (t)yj f (t). |
(20.5) |
||
Помножимо обидві частини (20.5) на qi(t), i 1,2, ,n |
й інтегруємо по t в |
|||
межах від a до b. Беручи до уваги (20.4), одержимо: |
|
|||
yi nj 1 ab qi(t)pj (t)dt yj |
ab qi(t)f (t)dt, |
i 1,2, ,n.. |
||
Після введення позначень |
|
|
|
|
b |
|
b |
|
|
aij a |
qi(t)pj(t)dt, |
fi a |
qi(t)f (t)dt, |
(20.6) |
отримаємо систему лінійних алгебраїчних рівнянь щодо невідомих величин yi
yi nj 1aij yj fi, |
i 1,2, ,n. |
(20.7) |
Підставляючи розв’язки цієї системи |
yi в (20.5), |
отримаємо розв’язок |
вихідного інтегрального рівняння із виродженим ядром.
Приклад 20.2. Розв’язати інтегральне рівняння Фредгольма другого
роду:
|
x(t) |
|
|
|
1 |
sintsins s x(s)ds sin2t. |
||||||
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ядро цього рівняння K(t,s) |
1 |
sintsins s є виродженим. Позначивши через |
||||||||||
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
p (t) |
sint, |
p (t) 1, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
1 |
|
2 |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
q1(s) sins, |
q2(s) s |
||
за формулами (20.6) здобудемо: |
|
|
|
|||||||||
a11 |
sin |
2 |
tdt 1, |
|
a12 sintdt 0, |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a21 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a22 |
tdt 0, |
tsintdt 2, |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
f1 sintsin2tdt 0, |
|
f2 tsin2tdt . |
91
Тепер система (20.7) виглядає:
|
0 |
0 |
|
y |
|
|
0 |
|
2 |
1 |
|
1 |
|
|
. |
|
y |
|
|
|
|||
|
|
|
|
2 |
|
|
|
У цієї системи існує нескінченно багато розв’язків виду:
y1 C, |
y2 2C, |
C . |
Але тоді й вихідне рівняння має нескінченно багато розв’язків (див. (20.5))
x(t) sin2t C sint 2C, |
C . |
3. У деяких випадках інтегральне рівняння Фредгольма другого роду можна звести до задачі Коші для диференціального рівняння 2-го порядку.
Приклад 20.3. Розв’язати інтегральне рівняння Фредгольма другого
роду:
1 |
t, |
s t |
x(t) K(t,s)x(s)ds 1, |
K(t,s) |
. |
0 |
s, |
s t |
Інтегральне рівняння можна записати у вигляді:
t1
x(t) t x(s)ds sx(s)ds 1.
0 t
Диференціюючи обидві частини цього рівняння, здобудемо:
x |
t |
x(t) x(t). |
(t) x(s)ds tx(t) t x(t) |
||
|
0 |
|
Розв’язки останнього рівняння мають вигляд:
x(t) C1et C2e t, C1,C2 .
1 |
|
C1 C2 e/2. Тому всі |
З умов x(0) sx(s)ds 1, |
x(0) 0 випливає, що |
|
0 |
|
|
розв’язки вихідного інтегрального рівняння задає формула x(t) e cht.
4. Інтегральним рівнянням Фредгольма 1-го роду називається
b |
|
K(t,s)x(s)ds f (t). |
(20.8) |
a
Тут
[a,b] – компактний відрізок у ;
f (t) C[a,b] – деяка неперервна функція на відрізку [a,b];
92
K(t,s) C( )– деяка неперервна функція двох змінних у квадраті
(t,s):a t,s b .
Неперервна на відрізку [a,b] функція x(t) називається розв’язком
інтегрального рівняння Фредгольма 1-го роду, якщо рівність (20.8) виконано при всіх t [a,b].
У деяких випадках за допомогою диференціювання можна розв’язати інтегральне рівняння Фредгольма 1-го роду.
Приклад 20.4. Розв’язати інтегральне рівняння Фредгольма 1-го роду:
1
ts sgn(t s) x(s)ds t2 t/3 1/2.
0
Рівняння можна записати у вигляді:
t1
ts 1 x(s)ds ts 1 x(s)ds t2 t/3 1/2.
|
0 |
t |
|
|
Диференціюємо обидві частини цього рівняння. Отримаємо: |
|
|||
|
|
t |
1 |
|
|
t2 1 x(t) sx(s)ds t2 |
1 x(t) sx(s)ds 2t 1/3. |
|
|
|
|
0 |
t |
|
Або, що теж саме, |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
2x(t) sx(s)ds 2t 1/3. |
(20.9) |
|
|
|
0 |
|
|
Ще раз |
диференціюємо |
обидві частини останнього рівняння. |
Отримаємо |
|
x(t) 1. |
З цього випливає, що x(t) t C. І далі, врахувавши (20.9), |
|
||
|
|
1 |
|
|
|
2 t C s s C ds 2t 1/3. |
|
||
|
|
0 |
|
|
Тому |
|
|
|
|
|
|
2C C 1 |
1 C 0. |
|
|
|
3 |
3 |
|
Остаточно маємо x(t) t. Безпосередньою підстановкою переконуємося у тому,
що знайдена функція дійсно є розв’язком вихідного рівняння.
93
5. У деяких випадках за допомогою диференціювання інтегральне рівняння Фредгольма 1-го роду можна звести до інтегрального рівняння Фредгольма 2-го роду.
Приклад 20.5. Звести інтегральне рівняння Фредгольма 1-го роду
1 |
|
1 |
|
|
|
|
|
x(s)ds f (t) |
|
|
t s |
4 |
||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
до інтегрального рівняння Фредгольма 2-го роду
Наше рівняння можна записати у вигляді:
|
|
|
t |
1 |
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
x(s)ds |
|
|
x(s)ds f (t). |
||||||
|
|
t |
s 4 |
|
s |
t 4 |
|||||||||
|
|
0 |
|
|
|
|
|
t |
|
|
|
|
|||
Диференціюємо обидві частини цього рівняння. Отримаємо: |
|||||||||||||||
1 |
t |
|
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|||||
1 |
|
|
|
|
|
1 |
|
||||||||
|
|
x(t) 0 |
|
|
x(s)ds |
|
|
x(t) t |
|
x(s)ds f (t). |
|||||
|
4 |
t s 4 2 |
4 |
s t 4 2 |
Ще раз диференціюємо обидві частини цього рівняння. Здобудемо:
|
1 |
t |
2 |
|
1 |
1 |
2 |
|
|
|
x(t) 0 |
|
x(s)ds |
|
x(t) t |
|
x(s)ds f (t). |
16 |
t s 4 3 |
16 |
s t 4 3 |
З цього випливає рівняння Фредгольма 2-го роду:
1 |
|
1 |
|
x(t) 160 t s 4 3 |
x(s)ds 8f (t). |
Може трапитися так, що у рівняння Фредгольма 1-го роду розв’язків не існує, а
у здобутого після диференціювань рівняння Фредгольма 2-го роду розв'язки існують. Тому розв’язання інтегральних рівнянь цим методом завжди слід завершувати перевіркою здобутих розв’язків.
94
Вправи
|
|
|
|
Аудиторні |
|
|
|
|
|
|
|
|
Домашні |
|
|
|||||||||||||
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
Методом ітерацій розв’язати |
Методом ітерацій розв’язати |
|
||||||||||||||||||||||||||
інтегральні рівняння: |
|
|
|
інтегральні рівняння: |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
||||
№ 20.1. x(t) tsx(s)ds 2t. |
№ 20.8. x(t) |
cos2 s x(s)ds 1. |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|||
№ 20.2. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
№ 20.9. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x(t) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
x(t) (1 t) sin2 s x(s)ds (1 t)/2. |
1 |
|
sint s x(s)ds 2sint. |
|||||||||||||||||||||||||
2 |
||||||||||||||||||||||||||||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Розв’язати інтегральні рівняння з |
Розв’язати інтегральні рівняння з |
|||||||||||||||||||||||||||
виродженими ядрами: |
|
|
|
виродженими ядрами: |
|
|
||||||||||||||||||||||
№ 20.3. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
№ 20.10. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
x(t) |
1 |
cost sins x(s)ds sint. |
x(t) 247 |
1-t2 1- |
3 |
s x(s)ds t. |
||||||||||||||||||||||
2 |
||||||||||||||||||||||||||||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
№ 20.4. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
№ 20.11. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
2e |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
x(t) |
cht x(s)ds 1. |
x(t) (1 t)cos2 s x(s)ds t. |
||||||||||||||||||||||||||
e2 1 |
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
За допомогою диференціювання |
За допомогою диференціювання |
|||||||||||||||||||||||||||
розв’язати інтегральні рівняння: |
розв’язати |
інтегральні рівняння: |
||||||||||||||||||||||||||
№ 20.5. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
№ 20.12. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
x(t) 42 |
1 |
|
|
|
|
|
t |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
K(t,s) x(s)ds |
, |
x(t) K(t,s) x(s)ds tet, |
|
|
||||||||||||||||||||||||
2 |
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
K(t,s) |
1 t(2 s), |
0 t s; |
K(t,s) |
1 |
|
sht sh(s 1), |
0 t s; |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
s t 2. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
s t 1. |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
2 s(2 t), |
№ 20.13. |
sh1 shs sh(t 1), |
||||||||||||||||||||||
№ 20.6. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
( 2t)sint |
|
|||||||||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
/2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
K(t,s) x(s)ds |
|
, |
||||||||||||||
K(t,s) x(s)ds sin |
t, |
|
|
|
|
|
4 |
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
sins cost, |
s t; |
|
|
|||||||||||
(1 t)s, |
|
s t; |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
K(t,s) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
K(t,s) |
|
|
|
|
t s. |
|
|
|
|
|
|
|
|
t s. |
|
|
||||||||||||
t(1 s), |
|
|
|
|
|
sint coss, |
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
95
|
|
|
|
Аудиторні |
|
|
|
|
|
|
Домашні |
|
|
|
|||||||||||
Звести рівняння 1-го роду до рівняння |
Звести рівняння 1-го роду до рівняння |
|||||||||||
2-го роду: |
2-го роду: |
|
||||||||||
№ 20.7. |
|
|
№ 20.14. |
|
||||||||
2 |
|
t s |
|
x(s)ds f (t). |
3 |
|
1 |
|
|
x(s)ds |
f (t). |
|
|
|
|||||||||||
sin |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|||||||||
1 |
|
|
|
|
2 |
|
|
t s |
|
i |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
21.Інтегральне рівняння Вольтерра
1.Інтегральним рівнянням Вольтерра 2-го роду називається
t |
|
|
x(t) K(t,s)x(s)ds f (t), |
t [a,b]. |
(21.1) |
a |
|
|
Тут |
|
|
[a,b] – компактний відрізок у ; |
|
|
f (t) C[a,b] – деяка неперервна функція на відрізку [a,b]; |
|
|
K(t,s) C( )– деяка неперервна функція двох змінних у трикутнику |
|
|
(t,s):a t b,a s t . |
|
|
Неперервна на відрізку [a,b] функція |
x(t) називається розв’язком |
інтегрального рівняння Вольтерра 2-го роду, якщо рівність (21.1) виконано при всіх t [a,b].
Теорема 21.1. У інтегрального рівняння Вольтерра 2-го роду (21.1) існує єдиний розв’язок x(t) C[a,b]. Більше того, ітераційна послідовність
x0(t) f (t),
t
x1(t) K(t,s)x0(s)ds f (t),
a
t
x2(t) K(t,s)x1(s)ds f (t),
a
96
. . . . . . . . . . . . . . . . . .
t
xn 1(t) K(t,s)xn (s)ds f (t),
a
. . . . . . . . . . . . . . . . . .
збігається до єдиного розв’язку x(t) рівняння (21.1).
Приклад 21.1. Методом ітерацій розв’язати інтегральне рівняння
Вольтерра 2-го роду:
t
x(t) (t s)x(s)ds 1.
0
Побудуємо ітераційну послідовність
x0(t) 1,
t
x1(t) (t s)x0(t)ds 1 1 t22 ,
0
t
x2(t) (t s)x1(t)ds 1 1 t22 t4!4 ,
0
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
t
xn 1(t) (t s)xn(t)ds 1 1 t22 t4!4 ( 1)n 1t2n 2 , (2n 2)!
0
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
З цього випливає, що розв’язком рівняння є функція x(t) lim xn(t) cost.
n
2. Інтегральним рівнянням Вольтерра 2-го роду з виродженим ядром називається рівняння
t |
|
x(t) nj 1 pj(t)qj(s) x(s)ds f (t). |
(21.2) |
a |
|
Запишемо це рівняння у вигляді: |
|
t |
|
x(t) nj 1 pj(t) qj(s)x(s)ds f (t). |
(21.3) |
a |
|
Розглянемо функції
97
|
t |
|
|
u1(t) q1(s)x(s)ds |
|
||
|
a |
|
|
. |
(21.4) |
||
|
t
un(t) qn(s)x(s)ds.
a
Підставимо ці функції у (21.3). Отримаємо формулу, яка виражає розв’язок інтегрального рівняння Вольтерра з виродженим ядром (21.2) через невідомі
функції uj(t):
x(t) nj 1 pj(t)uj(t) f (t). |
(21.5) |
Диференціюємо співвідношення (21.4). Користуючись (21.5), одержимо для невідомих функцій uj(t) систему диференціальних рівнянь:
u |
(t) n |
q1(t)p |
j |
(t)u |
j |
(t) q1(t) f (t) |
1 |
j |
1 |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
............................................. . |
||||||
un(t) nj 1qn(t)pj(t)uj(t) qn (t) f (t) |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
З (21.4) отримаємо початкові умови u1(a) un(a) 0. Розв’яжемо цю задачу Коші відносно функцій uj(t). Підставимо функції uj(t) у рівність (21.5) та отримаємо формулу для розв’язків вихідного інтегрального рівняння із виродженим ядром.
Приклад 21.2. Розв’язати інтегральне рівняння Вольтерра другого роду:
t chs
x(t) 0 cht x(s)ds 1.
|
chs |
|
|
|
|
t |
|
Ядро цього рівняння K(t,s) |
є виродженим. Нехай u(t) chs x(s)ds. Тоді |
||||||
cht |
|||||||
|
|
|
|
|
0 |
||
|
|
x(t) |
u(t) |
1. |
|
||
|
|
|
|
||||
|
|
|
cht |
|
|||
Диференціальне рівняння для функції u(t) має вигляд: |
|||||||
u(t) cht x(t) cht |
u(t) |
1 . |
|||||
|
|||||||
|
|
|
|
cht |
|
98
Або, що те ж саме,
u(t) u(t) cht.
Коли ми розв’яжемо |
це диференціальне рівняння з урахуванням умови |
||
u(0) 0, отримаємо |
u(t) 12 tet +sh t . З |
цього випливає, що розв’язком |
|
вихідного рівняння є функція x(t) 1 |
tet+sh t |
1. |
|
|
|||
|
2 ch t |
|
3. У деяких випадках інтегральне рівняння Вольтерра другого роду можна звести до задачі Коші для диференціального рівняння.
Приклад 21.3. Розв’язати інтегральне рівняння Вольтерра другого роду:
|
t |
|
x(t) sin(t s)x(s)ds sint. |
(21.6) |
|
|
0 |
|
Послідовно диференціюючи обидві частини цього рівняння, здобудемо: |
|
|
x |
t |
|
(t) cos(t s)x(s)ds cost. |
(21.7) |
|
|
0 |
|
|
t |
|
x(t) x(t) sin(t s)x(s)ds sint. |
(21.8) |
|
|
0 |
|
|
t |
|
Виключивши з інтегральних рівнянь (21.6) та (21.8) інтеграл cos(t s)x(s)ds,
|
|
|
0 |
|
отримаємо x(t) 0. З рівнянь (21.6)–(21.7) |
випливають початкові |
умови: |
||
x(0) 0, |
x(0) 1. Таким чином, розв’язком рівняння (21.6) є функція x(t) t. |
|||
4. Інтегральним рівнянням Вольтерра 1-го роду називається: |
|
|||
|
t |
|
t [a,b]. |
|
|
K(t,s)x(s)ds f (t), |
f (a) 0, |
(21.9) |
|
|
a |
|
|
|
Тут
[a,b] – компактний відрізок у ;
f (t) – деяка неперервно диференційована функція на відрізку [a,b];
K(t,s) C( )– деяка неперервна функція двох змінних у трикутнику
(t,s):a t b,a s t .
99
Неперервна на відрізку [a,b] функція x(t) називається розв’язком
інтегрального рівняння Фредгольма 1-го роду, якщо рівність (21.8) виконано при всіх t [a,b].
У випадку, коли функція K(t,s) є неперервно диференційованою та задовольняє умові K(t,t) 0, за допомогою диференціювання інтегральне
рівняння Вольтерра 1-го роду можна звести до інтегрального рівняння Вольтерра 2-го роду. Дійсно, диференціюємо обидві частини рівняння (21.8) по t. Дістанемо:
t |
K(t,s) |
x(s)ds f (t). |
|
K(t,t)x(t) |
|||
|
|||
a |
s |
З цього випливає інтегральне рівняння Вольтерра 2-го роду:
t |
1 |
|
K(t,s) |
|
|
|
x(t) |
|
x(s)ds |
f (t) |
. |
||
|
|
|
||||
a K(t,t) |
|
s |
K(t,t) |
Приклад 21.4. Розв’язати інтегральне рівняння Вольтерра 1-го роду:
t
(2 t2 s2)x(s)ds t2.
0
Диференціюючи обидві частини цього рівняння, отримаємо:
t
2x(t) 2tx(s)ds 2t
0
t
або, що теж саме, x(t) tx(s)ds t. Останнє рівняння є рівнянням Вольтера 2-
0
го роду з виродженим ядром. Його розв’язком є функція x(t) te t2 /2.
Підстановкою переконуємося в тому, що знайдена функція дійсно є розв’язком вихідного рівняння
Вправи
Аудиторні |
Домашні |
|
|
Методом ітерацій розв’язати |
Методом ітерацій розв’язати |
інтегральні рівняння: |
інтегральні рівняння: |
t |
t |
№ 21.1. x(t) x(s)ds 1. |
№ 21.7. x(t) x(s)ds t t22 . |
0 |
0 |
|
|
100