Мат_ан_41
.pdfфункция в данной области допускает выделение однозна÷íûõ âетвей. Мы можем выде- |
||||||||||||||||
лить ветвь этой функции, например исходя из условия w2(21 (R+ R1 )) = R > 1, где величина |
||||||||||||||||
R определяется из равенства a=p |
|
= 21 (R + |
1 |
). Тогда |
21 (R ¡ |
1 |
) = b=p |
|
. Èñ- |
|||||||
a2 ¡ b2 |
a2 ¡ b2 |
|||||||||||||||
R |
R |
|||||||||||||||
пользуя определение нашей ветви (или просто используя свойства функции Жуковского), |
||||||||||||||||
мы получим, что наша область отображается на верхнюю полуплоскость с выброшенным |
||||||||||||||||
полукругом |
1fjzj < R; Im z > 0g |
. Сделаем отображение |
w3 = w2=R |
и затем отображение |
||||||||||||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
w = 2 (w3 |
+ |
|
). Тогда (см. задачу N 2) мы получим верхнюю полуплоскость. |
|||||||||||||
w3 |
Ÿ5. Применение принципа симметрии Римана -Шварца
1. Отобразить на верхнюю полуплоскость внешность креста, состоящего из отрезка [¡a; b] вещественной оси и отрезка [¡ci; ci] мнимой оси (a; b ¸ 0; c ¸ 0; a2 + b2 + c2 6= 0).
Проведем вспомогательный разрез по вещественной оси, состоящий из дуги окружности ° = (b; 1) [ (¡1; ¡a) лежащей на вещественной оси. Возьмем в качестве области
D верхнюю полуплоскость с выброшенным отрезком [0; ci] по мнимой оси. Тогда область D [ D¤ [ ° как раз является искомой областью, которую нам необходимо отобразить (D¤
симметричная с D область относительно дуги °). Отображениеpобласти D на верхнюю полуплоскость (т.е. область Im z > 0) задается равенством w1 = c2 + z2 (см. задачу N 4
Ÿ3). Проследим, куда при этом отображении отобразится дуга °. Åñëè w0 = z2, òî äóãà °
перейдет на интервал от b |
2 |
äî 1, лежащий |
на верхнем берегу разреза по положительной |
||||||||||||||||||
|
|
2 |
äî |
|
, лежащий на нижнем берегу разреза. |
||||||||||||||||
части |
вещественной оси и на интервал от |
a |
|
1 |
|||||||||||||||||
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
После сдвига на c |
|
и извлечения корня мы получим, что дуга °1 (образ ° ) есть объедине- |
|||||||||||||||||||
ние интервалов |
|
|
p |
|
|
|
|
, |
|
p |
|
|
|
|
|
|
|
лежащих на вещественной оси. Согласно |
|||
|
|
|
2 |
2 |
|
|
|
2 |
|
2 |
|
|
|
||||||||
|
|
(¡1; ¡ a |
|
+ c |
) |
|
( |
b |
|
+ c |
; 1) |
|
|
такое, |
|||||||
принципу симметрии существует продолжение отображения w1(z) в область D¤ |
|
||||||||||||||||||||
что продолженная функция определяет конформное отображение области D [ D¤ [ ° íà |
D [ D¤ [ ° . В нашем случае область D [ D¤ [ °
1 1 1p p 1 1 1 есть вся плоскость с выброшенным отрезком [¡ a2 + c2; b2 + c2] по вещественной оси. Как и в Ÿ3, мы получим, что функция w2 = (pb2 + c2 ¡ w1)=(w1 + pa2 + c2) отображает нашу область на всю плоскость с
разрезом по положительной части вещественной оси. Затем искомым отображением будет отображение
w = pw2 = (pb2 + c2 ¡ pz2 + c2)=(pz2 + c2 + pa2 + c2))1=2:
Здесь под величиной pz2 + c2 для точек z 2 D¤ мы понимаем продолжение функции w1(z) èç D â D1 согласно принципу симметрии (на самом деле оно имеет такой же вид).
2. Отобразить на верхнюю полуплоскость внешность правой ветви гиперболы
x2 |
|
¡ |
y2 |
|
|
|
|
|
= 1 |
(20) |
|
cos2 |
® |
sin2 ® |
Без ограничения общности мы можем полагать, например, что ® 2 (0; ¼=2). Мо могли
бы применить функцию, обратную к функции Жуковского. Но она в нашей области не допускает выделения однозначных ветвей, поскольку область содержит точку z = ¡1
точку ветвления нашей функции. Поэтому проведем вспомогательный разрез ° по вещественной оси ° = (¡1; cos ®) и возьмем в качестве области D верхнюю полуплоскость с выброшенной внутренностью правой ветви гиперболы (20). Тогда D [ D¤ [ ° есть искомая область. В области D функция допускает выделение однозначных ветвей. Выделим ветвь этой функции исходя из условия w1(cos ®) = ei®. При этом будет выполнено
31
w1(¡1) = ¡1, а интервал [¡1; cos ®] вещественной оси отображается на дугу окружности jzj = 1 (см. свойства функции Жуковского). Причем легко понять, что искомая дуга
åñòü fz : jzj = 1; ® · arg z · ¼g. Точки интервала (¡1; ¡1] по вещественной оси отобразятся на интервал (¡1; ¡1] по вещественной оси. Пользуясь формулами (17) легко увидеть, что луч fz : jzj > 1; arg z = ®g отобразится функцией Жуковского на часть правой ветви гиперболы (20), лежащей в области fu; v > 0g. Соответственно отре-
çîê fz : jzj < 1; arg z = ¡alphag также отображается взаимно однозначно на ту же самую
часть правой ветви гиперболы (20). Следовательно, одна ветвь обратной функции отображает эту часть гиперболы на луч fz : jzj > 1; arg z = ®g и вторая ветвь отображает
эту часть на отрезок fz : jzj < 1; arg z = ¡alphag. В нашем случае точка z = cos ® ïå- реходит в точку ei®. Следовательно, наша ветвь обратной функции отображает искомую часть гиперболы на луч fz : jzj > 1; arg z = ®g. Таким образом, область D при нашем
отображении перейдет на область D0 = fz : Im z > 0; jzj > 1 ® < arg z < ¼g. Ïðè ýòîì äóãà ° отобразится на @D0 nfz : arg z = ®g. Сделаем поворот на угол ® по часовой стрелке
w2 |
= w e |
¡ |
i® и затем отображение w |
= w¼=(¼¡®) |
|
|
|
|
|
z¯, ìû |
|
1 |
|
3 |
2 |
. Пользуясь свойствами функции |
|||||||
легко получим, что область D0 отобразится на область fz : |
Im z > 0; jzj > 1g. Äóãà ° |
||||||||||
перейдет на отрезок (¡1; ¡1) по вещественной оси в |
объединении со множеством точек |
||||||||||
|
1 |
1 |
|
||||||||
fz : Im z ¸ 0; jzj = 1g. Применим функцию Жуковского w4 = 2 (w3 + |
|
). Тогда наша |
|||||||||
w3 |
|||||||||||
область (см. задачу N 2 Ÿ3) перейдет на верхнюю полуплоскость, а образ дуги ° ïðè îòîá- |
|||||||||||
ражении w4 |
перейдет на интервал °1 |
= (¡1; 1). Таким образом, D1 |
= fz : Im z > 0g, à |
°1 = (¡1; 1). Применим принцип симметрии. Согласно принципу симметрии продолжен- |
|
ная функция будет отображать D [ D¤ [ ° íà D1 [ D1¤ [ °1. Таким образом, мы получили |
|
всю плоскость с разрезом по вещественной оси. Искомое отображение будет записываться |
|
â âèäå |
w(z) = pw4(z) ¡ 1: |
Заметим, что, пользуясь принципом симметрии, мы можем отображать конформно, например внутренность эллипса x2=a2 + y2=b2 < 1 на верхнюю полуплоскость и при этом
использовать функцию, обратную к функции Жуковского, несмотря на то, что эта функция в данной области не допускает выделения однозначных ветвей.
Ÿ6. Отображения полос и полуполос
В данном параграфе мы будем пользоваться функциями w = ez, w = cos z. Поэтому
прежде чем переходить к решению задач, мы приведем некоторые их свойства. Областью однолистности функции w = ez является любая полоса вида a < Im z < b (b¡a · 2¼). Ýòî
легко проверить, предположив, что выполнено равенство ez1 = ez2 , из которого вытекает,
÷òî x1 = x2, y1 ¡ y2 = 2¼k (xi = Re zi, yi = Im zi). При этом функция
этой области, будет реализовывать конформное отображение этой области на некоторую другую область. Рассмотрим отображение полосы Dfz : 0 < Im z < 2¼g при помощи
функции ez. Граница этой области состоит из двух прямых y = 0, y = 2¼. Рассмотрим, например, куда отобразится первая прямая. Если y = 0, òî w = ex (x 2 (¡1; 1)). Òî
есть эта прямая отобразится на положительную часть вещественной оси. Аналогично, поскольку e2¼i = 1, прямая y = 2¼ отобразится на положительную часть вещественной
оси. Таким образом, область D перейдет на всю плоскость с разрезом по положительной части вещественной оси. Легко получить также, что полоса fz : 0 < = z < ¼g отобразится на верхнюю полуплоскость. Рассмотрим функцию w = cos z. Ясно, что свойства функции
32
w = sin z совершенно аналогичны в силу равенства cos z = sin(¼2 ¡ z). Найдем u; v такие, что w = u + iv. Согласно определению имеем
u + iv = |
eiz + e¡iz |
= |
eixe¡y + e¡ixey |
: |
|
|
|||
2 |
2 |
|
Откуда получим, что
u = |
1 |
¡ey + e¡y¢cos x; |
v = |
1 |
¡e¡y ¡ ey¢sin x: |
(21) |
|
|
|||||
2 |
2 |
Отсюда видно, что функция cos z очень похожа на функцию Жуковского. В частности
прямые y = c будут отображаться на эллипсы и прямые x = c на гиперболы, конечно за
исключением некоторых частных случаев. Можно проверить, что областью однолистности функции cos z является любая полоса вида f¼k < Re z < ¼(k + 1); k = 0; §1; §2; : : :g
и соответственно в любой из этих полос функция w будет реализовать конформное отображение. Рассмотрим, куда отображается при отображении w полоса f0 < Re z < ¼g. Для этого надо выяснить, куда отображаются границы нашей области. Пусть x = 0. Тогда (см.
(21)) |
|
будет меняться |
¡â |
|
¢ |
|
|
|
|
|
|
|
Величина |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
u = |
1 |
ey + e¡y |
; v = 0; |
y 2 (¡1; 1): |
|
(22) |
||||
|
|
2 |
|
|||||||||
|
u(y) |
|
|
|
пределах от |
1 |
äî |
1 |
. Таким образом, прямая |
x = 0 |
îòîá- |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
разится на интервал [1; 1) по вещественной оси. Из (22) видно также, что и полупрямые fz : x = 0; y ¸ 0g, fz : x = 0; y · 0g (z = x + iy) так же отображаются на интервал [1; 1) по вещественной оси. Пусть x = ¼. Тогда
u = ¡12¡ey + e¡y¢; v = 0; y 2 (¡1; 1):
То есть прямая fz : x = ¼; y 2 (1; 1)g и полупрямые fz : x = ¼; y · 0g, fz : x = ¼; y ¸ 0g отображаются на интервал (¡1; ¡1] по вещественной оси. Таким образом, искомая полоса отображается на всю плоскость с разрезом (¡1; ¡1] [ [1; 1) по вещественной оси. Рассмотрим полуполосу fz : 0 < Re z < ¼; Im z > 0g. В силу вышеприведенного нам достаточно проверить куда отобразится отрезок вещественной оси [0; ¼]. На этом отрез-
ке функция w = cos z принимает вещественные значения, лежащие в интервале [¡1; 1].
То есть граница данной полуполосы отобразится на вещественную ось. При движения по отрезку [0; ¼] от точки ноль к ¼ наша полуполоса остается слева. При этом точки
w(z) движутся от точки 1 к точке ¡1. Наша область при этом также должна оставаться
слева. Следовательно, наша полуполоса отображается на нижнюю полуплоскость. Тогда, соответственно, полуполоса fz : 0 < Re z < ¼; Im z < 0g. отображается на верхнюю
полуплоскость.
1.Отобразить на верхнюю полуплоскость полосу f0 < x < 1g с разрезом вдоль луча x = 1=2, h < y < 1 на верхнюю полуплоскость.
Сделаем отображение w = 2¼iz. Наша область перейдет на полосу |
f |
w : |
0 < Im w1 < |
||||||
1 |
|
|
|
|
|
1 |
= ew1 |
. Íàøà |
|
2¼g с разрезом fw1 = pii + x; x 2 (¡1; 2¼h]g. Применим отображение w2 |
|
||||||||
полоса перейдет на всю плоскость с |
разрезом |
[0; 1x |
по вещественной оси. Посмотрим, |
||||||
= e |
¼i+x |
|
(x 2 (¡1; ¡2¼h]). То есть разрез |
||||||
куда отобразится разрез. Имеем w2 |
|
= ¡e |
отобразится на интервал [¡e¡2¼h; 0] по вещественной оси. Таким образом, наша полоса с разрезом перейдет на всю плоскость с разрезом [¡e¡2¼h; 1) по вещественной оси. Теперь
мы уже легко можем достроить отображенèå äî èñêîìîãî
p
w = w2 + e¡2¼h:
33
2. Отобразить на верхнюю полуплоскость полосу fz : 0 < Re z < ¼g с разрезом по отрезку [0; h] (h < ¼) вещественной оси.
Применим функцию w1 = cos z. При этом отрезок [0; h] по вещественной оси перейдет в отрезок [cos h; 1] по вещественной оси, а наша область перейдет на всю плоскость с
разрезом (¡1; 1] [ [cos h; 1). Применим отображение w2 = (w1 ¡ cos h)=(w1 + 1). Íàøà
область отобразится на всю плоскость с разрезом по положительной части вещественной |
||||||||
оси. Искомое отображение |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r |
|
|
|||
w = p |
|
|
= |
cos z ¡ cos h |
: |
|||
w |
2 |
|||||||
1 + cos z |
||||||||
|
|
|
|
3. Отобразить на верхнюю полуплоскость полуполосу fz : 0 < Re z < ¼; Im z > 0g с разрезом по отрезку fx = ¼=2; y 2 [0; ¯]g.
Применим функцию w1 = cos z. Наша полуполоса, как было указано в начале это-
го параграфа, перейдет в нижнюю полуплоскость. Построим, куда отобразится разрез. Воспользуемся (21). Мы имеем, что на разрезе
u = 0; v = |
e¡y ¡ ey |
; y |
2 |
[0; ¯]: |
2 |
|
|
То есть разрез перейдет в интервал [ |
i |
|
(e¡¯ |
¡ |
e¯); 0 по мнимой оси. Сделав преобразование |
||||||
|
|||||||||||
2 |
|
|
|
|
|
1 |
|
||||
w2 = ¡w1, мы придем к условиям задачи N 4 Ÿ3, где h = 2 (e¡¯ ¡ e¯). То есть искомое |
|||||||||||
отображение есть |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
= r¡ |
|
|
|
|
|
||||||
w = q |
|
2(e¡¯ ¡ e¯)¢ |
2 |
+ cos2 z: |
|||||||
w22 + h2 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
i |
|
|
|
Библиографический список
1.Лаврентьев М.А., Шабат Б.В. Методы теории функций комплексного переменного. М.:Наука, 1965.
2.Привалов И.И. Введение в теорию функций комплексного переменного. М.:Наука,
1977.
3.Бицадзе А.В. Лекции по теории функций комплексного переменного. Новосибирск: НГУ, 1967.
4.Волковыский Л.И., Лунц Г.Л., Арамович И.Г. Сборник задач по теории функций комплексного переменного. М.:Наука, 1970.
СОДЕРЖАНИЕ
1. Степенные и функциональные ряды . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
2. Аналитические и гармонические функции . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
3. Элементарные функции. Многозначные функции. Точки ветвления. Выделение ветвей . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
4. Конформные отображения . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
34